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- 2021-05-26 发布
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第
1
课时 电磁感应
第一部分 专题
六 电磁感应
和电路
高考命题轨迹
高考命题点
命题轨迹
情境图
楞次定律和法拉第电磁感应定律的应用
2015
1
卷
19,2
卷
15
2016
2
卷
20,3
卷
21
15(1)19
题
15(2)15
题
16(2)20
题
16(3)21
题
17(1)18
题
楞次定律和法拉第电磁感应定律的应用
2017
1
卷
18,2
卷
20,3
卷
15
17(2)20
题
17(3)15
题
18(1)17
题
楞次定律和法拉第电磁感应定律的应用
2018
1
卷
17
、
19,2
卷
18,3
卷
20
18(1)19
题
18(2)18
题
18(3)20
题
楞次定律和法拉第电磁感应定律的应用
2019
1
卷
20,3
卷
14
电磁感应中动力学问题分析
2016
1
卷
24,2
卷
24
19(1)20
题
16(1)24
题
16(2)24
题
电磁感应中的动力学和能量问题
2016
3
卷
25
16(3)25
题
相关知识链接
1.
楞次定律中
“
阻碍
”
的表现
(1)
阻碍磁通量的变化
(
增反减同
).
(2)
阻碍物体间
的
(
来拒去留
).
(3)
使线圈面积有扩大或缩小的趋势
(
增缩减扩
).
(4)
阻碍
的
变化
(
自感现象
).
相对运动
原电流
2.
感应电动势的计算
(1)
法拉第电磁感应定律:
E
=
n
,常用于计算感应电动势的
.
①
若
B
变,而
S
不变,则
E
=
n S
;
②
若
S
变,而
B
不变,则
E
=
nB
.
(2)
导体棒垂直切割磁感线:
E
=
Bl
v
,主要用于求感应电动势
的
值
.
平均值
瞬时
(3)
如图
1
所示,导体棒
Oa
围绕棒的一端
O
在垂直匀强磁场的平面内做匀速圆周运动而切割磁感线,产生的感应电动势
E
=
Bl
2
ω
.
图
1
3
.
感应电荷量的计算
回路中磁通量发生变化时,在
Δ
t
时间内迁移的电荷量
(
感应电荷量
)
为
q
=
I
·Δ
t
=
可见
,
q
仅由回路电阻
R
和
的
变化量
Δ
Φ
决定,与发生磁通量变化的时间
Δ
t
无关
.
4.
电磁感应电路中产生的焦耳热
当电路中电流恒定时,
可用
计算
;当电路中电流变化时,则用功能关系
或
计算
.
磁通量
焦耳定律
能量守恒定律
解决感应电路综合问题的一般思路是
“
先电后力
”
,即:
1.
“
源
”
的分析
——
分析电路中由电磁感应所产生的
“
电源
”
,求出电源参数
E
和
r
;
2.
“
路
”
的分析
——
分析电路结构,弄清串、并联关系,求出相关部分的电流大小,以便求解安培力;
3.
“
力
”
的分析
——
分析研究对象
(
通常是金属棒、导体、线圈等
)
的受力情况,尤其注意其所受的安培力;
接着进行
“
运动状态
”
的分析
——
根据力和运动的关系,建立正确的运动模型;
4.
“
动量
”
和
“
能量
”
的分析
——
寻找电磁感应过程和研究对象的运动过程中,其能量转化和守恒的关系,并判断系统动量是否守恒
.
规律方法
提炼
高考题型
1
楞次定律
和法拉第电磁感应定律的应用
内容索引
NEIRONGSUOYIN
高考题型
2
电磁感应
中的动力学问题分析
高考题型
3
电磁感应
中的动力学和能量问题分析
楞次定律和法拉第电磁感应定律的应用
题型:选择题:
5
年
5
考
高考题型
1
1
.
判断感应电流方向的两种方法
(1)
利用右手定则,即根据导体在磁场中做切割磁感线运动的情况进行判断
.
(2)
利用楞次定律,即根据穿过闭合回路的磁通量的变化情况进行判断
.
2
.
求感应电动势的两种方法
例
1
(2019·
湖南衡阳市第一次联考
)
如图
2
所示是某研究性学习小组的同学设计的电梯坠落的应急安全装置,在电梯挂厢上安装永久磁铁,并在电梯的井壁上铺设线圈,这样可以在电梯突然坠落时减小对人员的伤害
.
关于该装置,下列说法正确的
是
A.
当电梯突然坠落时,该安全装置可使电梯停在空中
B.
当电梯坠落至永久磁铁在图示位置时,闭合线圈
A
、
B
中的
电流
方向
相反
C.
当电梯坠落至永久磁铁在图示位置时,只有闭合线圈
A
在
阻碍
电梯
下落
D.
当电梯坠落至永久磁铁在图示位置时,只有闭合线圈
B
在阻碍电梯
下落
图
2
√
解析
若电梯突然坠落,闭合线圈
A
、
B
内的磁感应强度发生变化,将在线圈中产生感应电流,感应电流会阻碍磁铁的相对运动,可起到应急避险作用,但不能阻止磁铁的运动,故
A
错误
;
当
电梯坠落至永久磁铁在题图所示位置时,闭合线圈
A
中向上的磁场减弱,感应电流的方向从上向下看是逆时针方向,闭合线圈
B
中向上的磁场增强,感应电流的方向从上向下看是顺时针方向,可知闭合线圈
A
与
B
中感应电流方向相反,故
B
正确
;
结合
A
的分析可知,当电梯坠落至永久磁铁在题图所示位置时,闭合线圈
A
、
B
都在阻碍电梯下落,故
C
、
D
错误
.
拓展训练
1
(
多选
)(2019·
四川南充市第二次适应性考试
)
现在人们可以利用无线充电板为手机充电,如图
3
所示为充电原理图,充电板接交流电源,对充电板供电,充电板内的送电线圈可产生交变磁场,从而使手机内的受电线圈产生交变电流,再经整流电路转变成直流电后对手机电池充电
.
若在某段时间内,磁场垂直于受电线圈平面向上穿过线圈,其磁感应强度均匀增加
.
下列说法正确的
是
A.
c
点电势高于
d
点电势
B.
c
点电势低于
d
点电势
C.
感应电流方向由
c
→
受电线圈
→
d
D.
感应电流方向由
d
→
受电线圈
→
c
√
图
3
√
解析
根据楞次定律可知,受电线圈内部产生的感应电流方向为俯视顺时针,受电线圈中感应电流方向由
c
经受电线圈到
d
,所以
c
点的电势低于
d
点的电势,故
A
、
D
错误,
B
、
C
正确
.
例
2
(
多选
)(2019·
全国卷
Ⅰ
·20)
空间存在一方向与纸面垂直、大小随时间变化的匀强磁场,其边界如图
4(a)
中虚线
MN
所示
.
一硬质细导线的电阻率为
ρ
、横截面积为
S
,将该导线做成半径为
r
的圆环固定在纸面内,圆心
O
在
MN
上
.
t
=
0
时磁感应强度的方向如图
(a)
所示;磁感应强度
B
随时间
t
的变化关系如图
(b)
所示
.
则在
t
=
0
到
t
=
t
1
的时间间隔内
图
4
A.
圆环所受安培力的方向始终不变
B.
圆环中的感应电流始终沿顺时针方向
C.
圆环中的感应电流大小为
D.
圆环中的感应电动势大小为
√
√
解析
在
0
~
t
0
时间内,磁感应强度减小,根据楞次定律可知感应电流的方向为顺时针,圆环所受安培力水平向左;在
t
0
~
t
1
时间内,磁感应强度反向增大,感应电流的方向仍为顺时针,圆环所受安培力水平向右,所以选项
A
错误,
B
正确;
拓展训练
2
(2019·
安徽蚌埠市第二次质检
)
同一平面内固定有一长直导线
PQ
和一带缺口的刚性金属圆环,在圆环的缺口两端引出两根导线,分别与两块垂直于圆环所在平面固定放置的平行金属板
MN
连接,如图
5
甲所示
.
导线
PQ
中通有正弦交变电流
i
,
i
的变化如图乙所示,规定从
Q
到
P
为电流的正方向,则在
1
~
2 s
内
A.
M
板带正电,且电荷量增加
B.
M
板带正电,且电荷量减小
C.
M
板带负电,且电荷量增加
D.
M
板带负电,且电荷量
减小
图
5
√
解析
在
1
~
2 s
内,穿过金属圆环的磁场垂直于纸面向里,磁感应强度变小,穿过金属圆环的磁通量变小,磁通量的变化率变大
.
假设环闭合,由楞次定律可知感应电流磁场与原磁场方向相同,即感应电流磁场方向垂直于纸面向里,然后由安培定则可知感应电流沿顺时针方向,由法拉第电磁感应定律可知感应电动势增大,由此可知
M
板电势高,带正电,电荷量增加,故
A
正确,
B
、
C
、
D
错误
.
拓展训练
3
(
多选
)(2019·
贵州黔东南州第一次模拟
)
如图
6
甲所示,单匝正方形导线框固定在匀强磁场中,磁感线方向与导线框所在平面垂直,磁感应强度
B
随时间
t
变化的规律如图乙所示,其中
B
0
、
t
0
均为已知量
.
已知导线框的边长为
L
,总电阻为
R
,则下列说法中正确的是
图
6
√
√
根据楞次定律,可知,
0
~
t
0
时间内,导线框中电流的方向始终为
abcda
,故
B
错误;
电磁感应中的动力学问题分析
题型:计算题:
5
年
1
考
高考题型
2
例
3
(2019·
河南名校联盟高三下学期
2
月联考
)
相距
L
=
1.5 m
的足够长金属导轨竖直放置,质量为
m
1
=
1 kg
的金属棒
ab
和质量为
m
2
=
0.27 kg
的金属棒
cd
均通过棒两端的套环水平地套在金属导轨上,如图
7(a)
所示,虚线上方磁场方向垂直纸面向里,虚线下方磁场方向竖直向下,两处磁场磁感应强度大小相同
.
ab
棒光滑,
cd
棒与导轨间的动摩擦因数为
μ
=
0.75
,两棒总电阻为
1.8 Ω
,导轨电阻不计,
ab
棒在方向竖直向上,大小按图
(b)
所示规律变化的外力
F
作用下,从静止开始,沿导轨匀加速运动,同时
cd
棒也由静止释放
(
取
g
=
10 m/s
2
).
(1)
求磁感应强度
B
的大小和
ab
棒加速度大小
;
图
7
答案
见解析
解析
经过
时间
t
,金属棒
ab
的速率
v
=
at
对金属棒
ab
,由牛顿第二定律得
F
-
BIL
-
m
1
g
=
m
1
a
在图线上取两点:
t
1
=
0
,
F
1
=
11 N
;
t
2
=
2 s
,
F
2
=
14.6 N
代入上式得
a
=
1 m/s
2
,
B
=
1.2 T
(2)
已知在
2 s
内外力
F
做功
40 J
,求这一过程中两金属棒产生的总焦耳热;
答案
见解析
解析
在
第
2 s
末金属棒
ab
的速率
v
2
=
at
2
=
2 m/s
又
Q
=
W
安
联立以上方程,解得
Q
=
18 J.
(3)
判断
cd
棒将做怎样的运动,求出
cd
棒达到最大速度所需的时间
t
0
,并在图
(c)
中定性画出
cd
棒所受摩擦力随时间变化的图象
.
答案
见解析
解析
cd
棒先做加速度逐渐减小的加速运动,当
cd
棒所受重力与滑动摩擦力相等时,速度达到最大,然后做加速度逐渐增大的减速运动,最后停止运动,
当
cd
棒速度达到最大时,有
m
2
g
=
μF
N
又
F
N
=
F
安
F
安
=
BIL
F
f
cd
随时间变化的图象如图所示
.
拓展训练
4
(
多选
)(2019·
山东泰安市
3
月第一轮模拟
)
如图
8
,倾角为
θ
的光滑斜面上存在着两个磁感应强度大小相同的匀强磁场,其方向一个垂直于斜面向上,一个垂直于斜面向下,它们的宽度均为
L
.
一个质量为
m
,边长也为
L
的正方形线框以速度
v
进入上部磁场恰好做匀速运动,
ab
边在下部磁场运动过程中再次出现匀速运动
.
重力加速度为
g
,
则
A.
在
ab
进入上部磁场过程中的电流方向为
adcba
B.
当
ab
边刚越过边界
ff
′
时,线框的加速度为
g
sin
θ
C.
ab
边进入下部磁场再次做匀速运动的速度
为
v
D.
从
ab
边进入磁场到
ab
边进入下部磁场再次做匀速运动的过程中
,
减少
的动能等于线框中产生的
焦耳热
图
8
√
√
解析
根据楞次定律可知,在
ab
边进入上部磁场过程中的电流方向为
adcba
,选项
A
正确;
当
ab
边刚越过边界
ff
′
时,由于线框的
ab
边和
cd
边产生同方向感应电动势,则回路的感应电动势加倍,感应电流加倍,每个边受到的安培力加倍,则此时:
4
F
安
-
mg
sin
θ
=
ma
,解得线框的加速度为
a
=
3
g
sin
θ
,选项
B
错误;
由能量关系可知,从
ab
边进入磁场到
ab
边进入下部磁场再次做匀速运动的过程中,减少的动能与重力势能之和等于线框中产生的焦耳热,选项
D
错误
.
电磁感应
中的动力学和能量问题分析
题型:选择或者计算题:
5
年
1
考
高考题型
3
1.
电荷量的求解
2.
求解焦耳热
Q
的三种方法
(1)
焦耳定律:
Q
=
I
2
Rt
.
(2)
功能关系:
Q
=
W
克服安培力
.
(3)
能量转化:
Q
=
Δ
E
其他能的减少量
.
3
.
用到的物理规律
匀变速直线运动的规律、牛顿运动定律、动能定理、能量守恒定律等
.
例
4
(2019·
四川达州市第二次诊断
)
如图
9
甲所示,斜面倾角为
θ
=
37°
,一宽为
d
=
0.65 m
的有界匀强磁场垂直于斜面向上,磁场边界与斜面底边平行
.
在斜面上由静止释放一矩形金属线框,线框沿斜面下滑,下边与磁场边界保持平行
.
取斜面底部水平面为重力势能零势能面,从线框开始运动到恰好完全进入磁场的过程中,线框的机械能
E
和位移
x
之间的关系如图乙所示,图中
①
、
②
均为直线段
.
已知线框的质量为
m
=
0.1 kg
,电阻为
R
=
0.06 Ω.(
取
g
=
10 m·s
-
2
,
sin 37°
=
0.6
,
cos 37°
=
0.8)
求
:
(1)
线框与斜面间的动摩擦因数
μ
;
图
9
答案
0.5
解析
金属
线框进入磁场前,由能量守恒定律,线框减小的机械能等于克服摩擦力做的功,则
Δ
E
1
=
W
f1
=
μmgx
1
cos 37°
其中
x
1
=
0.36 m
;
Δ
E
1
=
(1.000
-
0.856) J
=
0.144 J
解得
μ
=
0.5
(2)
线框刚进入磁场到恰好完全进入磁场所用的时间
t
;
解析
金属
线框进入磁场的过程中,减小的机械能等于克服摩擦力和安培力做的功,机械能均匀减小,因此安培力是恒力,可知线框做匀速运动,设速度为
v
1
v
1
2
=
2
ax
1
mg
sin 37°
-
μmg
cos 37°
=
ma
解
得
a
=
2
m/s
2
,
v
1
=
1.2 m/s
Δ
E
2
=
W
f2
+
W
安
=
(
F
f
+
F
安
)
x
2
其中
Δ
E
2
=
(0.856
-
0.736)J
=
0.12 J
,
F
f
+
F
安
=
mg
sin 37°
=
0.6 N
,
x
2
为线框的侧边长,即线框进入磁场过程中运动的距离,可求出
x
2
=
0.2 m
,
(3)
线框穿越磁场的过程中,线框中的最大电功率
P
m
.
答案
0.54 W
由
v
2
2
-
v
1
2
=
2
a
(
d
-
x
2
)
可求得
v
2
=
1.8 m/s
根据线框匀速进入磁场时:
F
安
+
μmg
cos 37°
=
mg
sin 37°
可得
F
安
=
0.2
N
可得
B
2
L
2
=
0.01(T
2
·m
2
)
拓展训练
5
(2019·
安徽安庆市二模
)
如图
10
所示,两个平行光滑金属导轨
AB
、
CD
固定在水平地面上,其间距
L
=
0.5 m
,左端接有阻值
R
=
3 Ω
的定值电阻
.
一根长度与导轨间距相等的金属杆放置于导轨上,金属杆的质量
m
=
0.2 kg
,电阻
r
=
2 Ω
,整个装置处在方向竖直向下、磁感应强度大小
B
=
4 T
的匀强磁场中,
t
=
0
时刻,在
MN
上加一与金属杆垂直,方向水平向右的外力
F
,金属杆由静止开始以
a
=
2 m/s
2
的加速度向右做匀加速直线运动,
2 s
末撤去外力
F
,运动过程中金属杆与导轨始终垂直且接触良好
.(
不计导轨和连接导线的电阻,导轨足够长
)
求
:
(1)1 s
末外力
F
的大小
;
图
10
答案
2
N
解析
1
s
末,金属杆
MN
的速度大小为
v
1
=
at
1
=
2
×
1 m
/
s
=
2 m/
s
金属杆
MN
产生的感应电动势为
E
=
BL
v
1
金属杆
MN
受到的安培力大小
F
安
=
BIL
根据牛顿第二定律得
F
-
F
安
=
ma
可得
F
=
F
安
+
ma
=
2 N
(2)
撤去外力
F
后的过程中,电阻
R
上产生的焦耳热
.
答案
0.96 J
解析
2
s
末,金属杆
MN
的速度大小为
v
2
=
at
2
=
2
×
2 m
/s
=
4 m/
s
拓展训练
6
(2019·
宁夏银川市高三质检
)
如图
11
所示,水平放置的
U
形导轨足够长,置于方向竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度大小为
B
=
5 T
,导轨宽度
L
=
0.4 m
,左侧与
R
=
0.5 Ω
的定值电阻连接,右侧有导体棒
ab
垂直导轨跨放在导轨上,导体棒
ab
质量
m
=
2.0 kg
,电阻
r
=
0.5 Ω
,与导轨的动摩擦因数
μ
=
0.2
,其余电阻可忽略不计
.
导体棒
ab
在大小为
10 N
的水平外力
F
作用下,由静止开始运动了
x
=
40 cm
后,速度达到最大,取
g
=
10 m/s
2
.
求
:
(1)
导体棒
ab
运动的最大速度
;
图
11
答案
1.5
m/s
解析
导体
棒
ab
垂直切割磁感线运动,产生的感应电动势大小:
E
=
BL
v
解得最大速度:
v
m
=
1.5 m/s
;
(2)
当导体棒
ab
的速度
v
=
1 m/s
时,导体棒
ab
的加速度的大小;
答案
1 m/s
2
解析
当导体棒
ab
的速度
v
=
1 m/s
时,
解得:
a
=
1 m/s
2
;
(3)
导体棒
ab
由静止达到最大速度的过程中,电阻
R
上产生的热量
.
答案
0.075 J
解得:
Q
=
0.15 J
本课结束