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- 2021-05-26 发布
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课时跟踪检测(三十四) 交变电流的产生及描述
对点训练:交变电流的产生和描述
1.如图,各图面积均为S的线圈均绕其对称轴或中心轴在匀强磁场B中以角速度ω匀速转动,能产生正弦交变电动势e=BSωsin ωt的图是( )
解析:选A 由题意可知,只有A、C图在切割磁感线,导致磁通量在变化,产生感应电动势,A中从中性面开始计时,产生的电动势为e=BSωsin ωt,C中从峰值面开始计时,产生的电动势为e=BSωcos ωt,故A正确。
2.[多选]一单匝闭合线框从如图所示位置开始,在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动。在转动过程中,线框中的最大磁通量为Φm,最大感应电动势为Em,下列说法正确的是( )
A.转动90°时磁通量为零,感应电动势也为零
B.当磁通量为零时,感应电动势最大
C.当磁通量等于0.5Φm时,感应电动势的大小为0.5Em
D.角速度的大小为ω=
解析:选BD 线框从题图位置开始转过90°时,正好处于中性面,磁通量最大,磁通量的变化率为零,则感应电动势为零,A错误。题图线框与中性面垂直,磁通量为零,但磁通量的变化率最大,则感应电动势最大,B正确。线框平面和中性面夹角为θ时穿过线框的磁通量为Φ=Φmcos θ,所以当磁通量为0.5Φm时,得θ=60°,根据电动势的瞬时表达式e=Emsin θ,此时感应电动势的大小为Em,则C错误。因为电动势峰值Em=BSω,最大磁通量Φm=BS,则ω=,D正确。
3.[多选]矩形线圈的匝数为50匝,在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动时,穿过线圈的磁通量随时间的变化规律如图所示,下列说法正确的是( )
A.在t=0.2 s和t=0.4 s时线圈位于中性面
B.在t=0.1 s和t=0.3 s时感应电动势最大
C.1 s内感应电流方向改变5次
D.电动势的瞬时表达式为e=50πcos (5πt) V
解析:选CD 在t=0.2 s和t=0.4 s时线圈中磁通量为零,处于与中性面垂直的位置,故A项错误;在t=0.1 s和t=0.3 s时线圈中磁通量最大,处于中性面位置,产生的感应电动势为零,故B项错误;磁通量变化的周期即交流电的周期,由题图得交流电的周期T=0.4 s,交流电的频率f==2.5 Hz,一个周期内交流电的电流方向改变2次,则1 s 内感应电流方向改变5次,故C项正确;磁通量变化的周期为T=0.4 s,线圈转动的角速度ω== rad/s=5π rad/s,由题图得线圈磁通量的最大值Φm=0.2 Wb,线圈产生感应电动势的最大值Em=NBSω=NΦmω=50×0.2×5π V=50π V,起始时,线圈中磁通量为零,感应电动势最大,则电动势的瞬时表达式e=Emcos ωt=50πcos (5πt) V,故D项正确。
4.一交流发电机模型如图1所示,用示波器观察到它产生的感应电动势波形如图2所示,则( )
A.该感应电动势的有效值为5 V
B.该发电机线圈的转速为25 r/s
C.t= s时,穿过发电机线圈的磁通量最大
D.t= s时,穿过发电机线圈的磁通量变化率最大
解析:选D 由题图2可知,交流电的最大值为Em=5 V,故有效值为E== V,故A错误;交流电的周期T=0.02 s,故转速n==50 r/s,故B错误;交流电的角速度ω=2πn=100π rad/s,产生的交流电的瞬时值e=5sin(100πt)V,当t= s时,交流电的瞬时值e=5sin 100π× V=5 V,此时的感应电动势最大,磁通量变化率最大,发电机线圈平面跟磁感线平行,磁通量为零,故C错误,D正确。
对点训练:有效值的理解与计算
5.关于图甲、乙、丙、丁,下列说法正确的是( )
A.图甲中电流的峰值为2 A,有效值为 A,周期为5 s
B.图乙中电流的峰值为5 A,有效值为2.5 A
C.图丙中电流的峰值为2 A,有效值为 A
D.图丁中电流的最大值为4 A,有效值为 A,周期为2 s
解析:选B 题图甲是正弦式交变电流图线,峰值(最大值)为2 A,有效值是峰值的,即 A,周期为4 s,所以选项A错误;题图乙电流大小改变但方向不变,所以不是交变电流,计算有效值时因为热效应与电流方向无关,所以仍是峰值的,即2.5 A,所以选项B正确;题图丙是图甲减半的脉冲电流,有效值不可能为峰值的,所以选项C错误;题图丁是交变电流图线,周期为2 s,根据有效值定义则有42×R×+32×R×=I2RT,解得电流有效值I=2.5 A,所以选项D错误。
6.一含有理想变压器的电路如图甲所示,图中理想变压器原、副线圈匝数之比为2∶1,电阻R1和R2的阻值分别为3 Ω和1 Ω,电流表、电压表都是理想交流电表,a、b输入端输入的电流如图乙所示,下列说法正确的是( )
A.电流表的示数为 A
B.电压表的示数为 V
C.0~0.04 s内,电阻R1产生的焦耳热为0.08 J
D.0.03 s时,通过电阻R1的瞬时电流为0
解析:选D 设电流表的示数为I1,则I12RT=2R·+()2R·,求得I1=
A,A错误;原线圈中电流只有交流部分电流才能输出到副线圈中,故副线圈中电流交流部分的电流最大值为2 A,设副线圈交流电的有效值为I2,则I22RT=2R·,求得I2= A,因此电压表的示数为U=I2R2= V,B错误;在0~0.04 s内,电阻R1产生的焦耳热为Q=I22R1t=()2×3×0.04 J=0.24 J,C错误;由题图可知,在0.03 s的前后,原线圈中的电流不变化,则副线圈中没有感应电流,所以通过电阻R1的瞬时电流为0,D正确。
7.[多选]如图甲所示为一交变电压随时间变化的图像,每个周期内,前二分之一周期电压恒定,后二分之一周期电压按正弦规律变化。若将此交流电连接成如图乙所示的电路,电阻R阻值为100 Ω,则( )
A.理想电压表读数为100 V
B.理想电流表读数为0.75 A
C.电阻R消耗的电功率为56 W
D.电阻R在100秒内产生的热量为5 625 J
解析:选BD 根据电流的热效应,一个周期内产生的热量:Q=T=+,解得U=75 V,A错误;电流表读数I==0.75 A,B正确;电阻R消耗的电功率P=I2R=56.25 W,C错误;在100秒内产生的热量Q=Pt=5 625 J,D正确。
8.如图甲、乙、丙所示是三个具有相同I0和周期T的交变电流,分别通过三个相同的电阻。下列说法正确的是( )
A.在相同时间内三个电阻发热量相等
B.在相同时间内,甲是丙发热量的2倍
C.在相同时间内,甲是乙发热量的
D.在相同时间内,乙发热量最大,甲次之,丙的发热量最小
解析:选C 甲的有效值为:I=,由Q=I2Rt可知一个周期内甲的发热量为:Q1=
eq f(1,2)I02RT;乙前后半个周期电流大小相等,故其发热量为:Q2=I02RT;丙只有前半个周期有电流,故其发热量为:Q3=I02R×T=I02RT。故可知在相同时间内,甲、丙发热量相等,是乙发热量的,故C正确,A、B、D错误。
对点训练:交变电流“四值”的理解和应用
9.[多选](2018·淮安八校联考)如图所示,甲为一台小型交流发电机构造示意图,线圈逆时针转动,产生的电动势随时间按余弦规律变化,其图像如图乙所示,电机线圈内阻为2 Ω,匝数为1 000匝,外接灯泡的电阻为18 Ω,则( )
A.在2.0×10-2 s时刻,电流表的示数为0.3 A
B.发电机的输出功率为3.24 W
C.在1 s内,回路中电流方向改变25次
D.在4.0×10-2 s时刻,穿过线圈的磁通量变化率为 Wb/s
解析:选AD 线圈相当于电源,产生的电动势为E== V=6 V,内阻r=2 Ω,电表显示的是有效值,根据闭合回路欧姆定律可得电路中的电流为I== A=0.3 A,A正确;发电机的输出功率为P输出=EI-I2r=6×0.3 W-0.32×2 W=1.62 W,B错误;从图乙中可知交流电周期为T=4×10-2 s,故在1 s内,回路中电流方向改变n=×2=×2=50次,C错误;在4.0×10-2 s时刻,感应电动势最大,磁通量变化率最大,根据E=n可得== Wb/s,D正确。
10.如图为小型旋转电枢式交流发电机的原理图,其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动。磁场的磁感应强度B=×10-2T,线圈的面积S=0.02 m2,匝数N=400匝,线圈总电阻r=2 Ω,线圈的两端经集流环和电刷与电阻R=8 Ω连接,与电阻R并联的交流电压表为理想电表,线圈的转速n= r/s。在t=0时刻,线圈平面与磁场方向平行,则下列说法正确的是( )
A.交流发电机产生电动势随时间的变化关系是e=8sin(100t)V
B.交流电压表的示数为8 V
C.从t=0时刻开始线圈平面转过30°的过程中,通过电阻的电荷量约为5.66×10-3 C
D.电阻R上的热功率为6.4 W
解析:选C 线圈的转速n= r/s,所以ω=2πn=100 rad/s,最大值为:Em=NBSω=8 V,则瞬时值为e=8cos(100t)V,故A错误;交流电压表显示的是路端电压有效值,示数为=6.4 V,故B错误;从t=0时刻开始转过30°的过程中,通过电阻的电荷量为:q== C≈5.66×10-3C,故C正确;电阻R上的热功率为:P=I2R=2R=5.12 W,故D错误。
考点综合训练
11.无线充电技术的发展给用户带来了极大的方便,可应用于手机、电脑、智能穿戴、智能家居、医疗设备、电动汽车等充电。如图甲所示为手机无线充电工作原理的示意图,由送电线圈和受电线圈组成。已知受电线圈的匝数为n=50匝,电阻r=1.0 Ω,在它的c、d两端接一阻值R=9.0 Ω的电阻。设在受电线圈内存在与线圈平面垂直的磁场,其磁通量随时间变化规律如图乙所示,可在受电线圈中产生电动势最大值为20 V的正弦交流电,设磁场竖直向上为正。求:
(1)在t=π×10-3s时,受电线圈中产生电流的大小,c、d两端哪端电势高?
(2)在一个周期内,电阻R上产生的热量;
(3)从t1到t2时间内,通过电阻R的电荷量。
解析:(1)由题图乙知t=π×10-3 s时受电线圈中产生的电动势最大为Em=20 V
线圈中产生感应电流的大小为It=Im==2.0 A
由楞次定律可以得到此时c端电势高。
(2)通过电阻电流的有效值为I== A
电阻在一个周期内产生的热量Q=I2RT=5.7×10-2 J。
(3)线圈中感应电动势的平均值=n
通过电阻电流的平均值为=
通过电阻的电荷量q=·Δt
由题图乙知,在~的时间内,ΔΦ=4×10-4 Wb
解得q=n=2×10-3 C。
答案:(1)2.0 A c端电势高 (2)5.7×10-2 J
(3)2×10-3 C
12.(2018·苏锡常镇一模)一个圆形线圈,共有n=10匝,其总电阻r=4.0 Ω,线圈与阻值R0=16 Ω的外电阻连成闭合回路,如图甲所示。线圈内部存在着一个边长l=0.20 m的正方形区域,其中有分布均匀但强弱随时间变化的磁场,图乙显示了一个周期内磁场的变化情况,周期T=1.0×10-2 s,磁场方向以垂直线圈平面向外为正方向。求:
(1)t=T时刻,电阻R0上的电流大小和方向;
(2)0~时间内,流过电阻R0的电量;
(3)一个周期内电阻R0的发热量。
解析:(1)0 ~内,感应电动势大小E1=n=,可得E1=8 V
电流大小I1=,可得I1=0.4 A
电流方向b到a。
(2)同(1)可得~内,感应电流大小I2=0.2 A
流过电路的电量q=I1+I2
得q=1.5×10-3 C。
(3)Q=I12R0+I22R0
得Q=1.6×10-2 J。
答案:(1)0.4 A,电流方向b到a (2)1.5×10-3 C
(3)1.6×10-2 J