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- 2021-05-26 发布
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2020届一轮复习人教版 法拉第电磁感应定律 课时作业
1.穿过某线圈的磁通量随时间变化的关系如图所示,在下列几段时间内,线圈中感应电动势最小的是( )
A.0~2 s B.2~4 s
C.4~5 s D.5~10 s
解析:图象斜率越小,表明磁通量的变化率越小,感应电动势也就越小.5~10 s内图象斜率最小,故选项D正确.
答案:D
2.(多选)如图所示,在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯,现接通交流电源,过了几分钟,杯内的水沸腾起来.若要缩短上述加热时间,下列措施可行的有( )
A.增加线圈的匝数
B.提高交流电源的频率
C.将金属杯换为瓷杯
D.取走线圈中的铁芯
解析:当电磁铁接通交流电源时,金属杯处在变化的磁场中产生涡电流发热,使水温升高.要缩短加热时间,需增大涡电流,即增大感应电动势或减小电阻.增加线圈匝数、提高交变电流的频率都是为了增大感应电动势.瓷杯不能产生涡电流,取走铁芯会导致磁性减弱.所以选项A、B正确,选项C、D错误.
答案:AB
3.
如图所示,A、B两闭合线圈用同样导线绕成,A有10匝,B有20匝,两圆线圈半径之比为2:1,均匀磁场只分布在B线圈内.当磁场随时间均匀减弱时( )
A.A中无感应电流
B.A、B中均有恒定的感应电流
C.A、B中感应电动势之比为1:1
D.A、B中感应电流之比为1:1
解析:线圈中产生的感应电动势E=n,A、B中感应电动势之比为1:2,又因为R=ρ,故RA:RB=1:1,所以IA:IB=1:2,故选项A、C、D错误,B正确.
答案:B
4.[2019·江西信丰县模拟](多选)如图所示,A、B是完全相同的两个小灯泡,L为自感系数很大、电阻可以忽略的带铁芯的线圈,则( )
A.开关S闭合瞬间,A、B同时发光,随后A灯变暗直至熄灭,B灯变亮
B.开关S闭合瞬间,B灯亮,A灯不亮
C.断开开关S的瞬间,A、B灯同时熄灭
D.断开开关S的瞬间,B灯立即熄灭,A灯突然闪亮一下再熄灭
解析:A项,开关闭合的瞬间,两灯同时获得电压,所以A、B同时发光,由于线圈的电阻可以忽略,灯A逐渐被短路,流过A灯的电流逐渐减小,B灯逐渐增大,则A灯变暗,B灯变亮,故A正确,B错误;C项,断开开关的瞬间,B灯的电流突然消失,立即熄灭,流过线圈的电流将要减小,产生自感电动势,相当电源,自感电流流过A灯,所以A灯突然闪亮一下再熄灭,故C错误,D正确.故选A、D.
答案:AD
5.如图所示的电路,初始时开关S闭合,电路处于稳定状态,在某一时刻突然断开开关S,则通过电阻R1中的电流I随时间t变化的图线可能是选项图中的( )
解析:选D 初始时开关S闭合,电路处于稳定状态,流过R1
的电流方向向左,大小为I1,与R1并联的R2和线圈L支路,电流I2的方向也是向左。当某一时刻开关S突然断开时,L中向左的电流要减小,由于自感现象,线圈L产生自感电动势,在回路“L→R1→A→R2”中形成感应电流,电流通过R1的方向与原来相反,变为向右,并从I2开始逐渐减小到零,故D正确。
6.(多选)某种安检门是一个用于安全检查的“门”,“门框”内有线圈,线圈里通有交变电流,交变电流在“门”内产生交变磁场,金属物品通过“门”时能产生涡流,涡流的磁场又反过来影响线圈中的电流,从而引起报警。以下关于此安检门的说法正确的是( )
A.安检门也能检查出毒品携带者
B.安检门只能检查出金属物品携带者
C.如果“门框”的线圈中通上恒定电流,也能检查出金属物品携带者
D.安检门工作时,既利用了电磁感应现象,又利用了电流的磁效应
解析:选BD 此安检门是利用涡流工作的,因而只能检查出金属物品携带者,A错,B对;若“门框”的线圈中通上恒定电流,只能产生恒定磁场,它不能使金属物品中产生涡流,因而不能检查出金属物品携带者,C错;安检门工作时,既利用了电磁感应现象,又利用了电流的磁效应,D对。
7.(多选)(2019·湖北七校联考)如图所示,a、b两个闭合正方形线圈用同样的导线制成,匝数均为10,边长La=2Lb,图示区域内有垂直纸面向里的匀强磁场,且磁感应强度随时间均匀减小,不考虑a、b线圈之间的相互影响,则( )
A.两线圈内产生顺时针方向的感应电流
B.a、b线圈中感应电动势之比为2∶1
C.a、b线圈中感应电流之比为4∶1
D.a、b线圈消耗的电功率之比为8∶1
解析:选AD 原磁场向里减小,根据楞次定律可知,感应电流的磁场与原磁场方向相同,因此两线圈内产生的感应电流沿顺时针方向,选项A正确;根据法拉第电磁感应定律可知,E==L2,由La=2Lb,得a、b线圈中感应电动势之比为4∶1,选项B错误;线圈电阻R=ρ,故a、b线圈电阻之比为2∶1,由闭合电路欧姆定律可知I=,则a、b线圈中感应电流之比为2∶1,选项C错误;电功率P=I2R,则a、b线圈消耗的电功率之比为8∶1,选项D正确。
8.(多选)(2019·唐山模拟)如图甲所示,一个匝数为n的圆形线圈(图中只画了2匝),面积为S,线圈的电阻为R,在线圈外接一个阻值为R的电阻和一个理想电压表,将线圈放入垂直线圈平面向里的磁场中,磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示,下列说法正确的是( )
A.0~t1时间内P端电势高于Q端电势
B.0~t1时间内电压表的示数为
C.t1~t2时间内通过R的电流为
D.t1~t2时间内P端电势高于Q端电势
解析:选AC 0~t1时间内,由题图乙知磁感应强度垂直线圈平面向里增大,根据楞次定律可知感应电流沿逆时针方向,线圈相当于电源,上端为正极,下端为负极,所以P端电势高于Q端电势,故A正确;0~t1时间内线圈产生的感应电动势E=n=nS=nS,电压表的示数等于电阻R两端的电压U=IR=·R=,故B错误;t1~t2时间内线圈产生的感应电动势E′=n=nS,根据闭合电路的欧姆定律知,通过R的电流为I′==,故C正确;t1~t2时间内,磁感应强度垂直线圈平面向里减小,根据楞次定律,感应电流沿顺时针方向,线圈相当于电源,上端为负极,下端为正极,所以P端电势低于Q端电势,故D错误。
9.如图所示,在光滑的水平面上有一半径r=10 cm、电阻R=1 Ω、质量m=1 kg的金属圆环,以速度v=10 m/s 向一有界磁场运动。匀强磁场方向垂直于纸面向里,磁感应强度B=0.5 T,从圆环刚进入磁场算起,到刚好有一半进入磁场时,圆环一共释放了32 J的热量,求:
(1)此时圆环中电流的瞬时功率;
(2)此时圆环运动的加速度。
解析:(1)圆环从开始进入磁场到有一半进入磁场过程中,由能量守恒定律得mv2=Q+mv′2,
代入数据解得v′=6 m/s,
此时的感应电动势
E=BLv′=B·2rv′=0.5×2×0.1×6 V=0.6 V,
圆环中电流的瞬时功率P== W=0.36 W。
(2)感应电流I== A=0.6 A,
圆环受到的安培力
F=BIL=BI·2r=0.5×0.6×2×0.1 N=0.06 N,
由牛顿第二定律得F=ma,
解得圆环此时运动的加速度a== m/s2=0.06 m/s2,
由右手定则可知,圆环中感应电流沿逆时针方向,由左手定则可知,安培力水平向左,则加速度方向向左。
答案:(1)0.36 W (2)0.06 m/s2,方向向左