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  • 2021-05-26 发布

2020-2021年高三物理单元同步提升训练:动量与动量守恒

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2020-2021 年高三物理单元同步提升训练:动量与动量守恒 一、单选题(每题 3 分,共计 24 分) 1.(2020 年全国 I 卷)行驶中的汽车如果发生剧烈碰撞,车内的安全气囊会被弹出并瞬间充满气体。若碰 撞后汽车的速度在很短时间内减小为零,关于安全气囊在此过程中的作用,下列说法正确的是( ) A. 增加了司机单位面积的受力大小 B. 减少了碰撞前后司机动量的变化量 C. 将司机的动能全部转换成汽车的动能 D. 延长了司机的受力时间并增大了司机的受力面积 【答案】D 【解析】 【详解】A.因安全气囊充气后,受力面积增大,故减小了司机单位面积的受力大小,故 A 错误; B.有无安全气囊司机初动量和末动量均相同,所以动量的改变量也相同,故 B 错误; C.因有安全气囊的存在,司机和安全气囊接触后会有一部分动能转化为气体的内能,不能全部转化成汽车 的动能,故 C 错误; D.因为安全气囊充气后面积增大,司机的受力面积也增大,在司机挤压气囊作用过程中由于气囊的缓冲故 增加了作用时间,故 D 正确。 故选 D。 2.(2019·新课标全国Ⅰ卷)最近,我国为“长征九号”研制的大推力新型火箭发动机联试成功,这标志着 我国重型运载火箭的研发取得突破性进展。若某次实验中该发动机向后喷射的气体速度约为 3 km/s,产生 的推力约为 4.8×106 N,则它在 1 s 时间内喷射的气体质量约为 A.1.6×102 kg B.1.6×103 kg C.1.6×105 kg D.1.6×106 kg 【答案】B 【解析】设该发动机在t s 时间内,喷射出的气体质量为 m ,根据动量定理, Ftmv ,可知,在 1s 内喷射出的气体质量 ,故本题选 B。 3.一质量为 m1 的物体以 v0 的初速度与另一质量为 m2 的静止物体发生碰撞,其中 m2=km1,k<1。碰撞可分为 完全弹性碰撞、完全非弹性碰撞以及非弹性碰撞。碰撞后两物体速度分别为 v1 和 v2。假设碰撞在一维上进 行,且一个物体不可能穿过另一个物体。物体 1 撞后与碰撞前速度之比 1 0 vr v 的取值范围是 A. 1 11 k rk   B. C. D. 【答案】B 【解析】若发生弹性碰撞,则由动量守恒:m1v0=m1v1+m2v2;由能量关系: ,解 得 ,则 0 1 1 1 v k vk   ;若发生完全非弹性碰撞,则由动量守恒:m1v0=(m1+m2)v,解得 ,则。 0 1 1 1 v vk  。故 1 1 k k   ≤r≤ 1 1 k ,B 正确。 4..如图,两滑块 A、B 在光滑水平面上沿同一直线相向运动,滑块 A 的质量为 m,速度为 2v0,方向向右, 滑块 B 的质量为 2m,速度大小为 v0,方向向左,两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是。 A.A 和 B 都向左运动 B.A 和 B 都向右运动 C.A 静止,B 向右运动 D.A 向左运动,B 向右运动 【答案】D 【解析】取向右为正方向,根据动量守恒: BA mvmvmvvm 222 00  ,知系统总动量为零,所以碰后总 动量也为零,即 A、B 的运动方向一定相反,所以 D 正确;A、B、C 错误。 5.(2019·江苏卷)质量为M的小孩站在质量为m的滑板上,小孩和滑板均处于静止状态,忽略滑板与地面间 的摩擦.小孩沿水平方向跃离滑板,离开滑板时的速度大小为v,此时滑板的速度大小为( )。 A. m vM B. M vm C. m vmM D. M vmM 【答案】B 【解析】设滑板的速度为 u ,小孩和滑板动量守恒得: ,解得: Muvm ,故 B 正确。 6 一弹丸在飞行到距离地面 5 m 高时仅有水平速度 v=2 m/s,爆炸成为甲、乙两块水平飞出,甲、乙的质 量比为 3∶1,不计质量损失,重力加速度 g 取 10 m/s2,则下列图中两块弹片飞行的轨迹可能正确的是 A B C D 【答案】B 【解析】 弹丸在爆炸过程中,水平方向的动量守恒,有 m 弹丸 v0=3 4mv 甲+1 4mv 乙,解得 4v0=3v 甲+v 乙,爆 炸后两块弹片均做平抛运动,竖直方向有 h=1 2gt2,水平方向对甲、乙两弹片分别有 x 甲=v 甲 t,x 乙=v 乙 t, 代入各图中数据,可知 B 正确. 7.(2020 年北京卷)在同一竖直平面内,3 个完全相同的小钢球(1 号、2 号、3 号)悬挂于同一高度;静 止时小球恰能接触且悬线平行,如图所示。在下列实验中,悬线始终保持绷紧状态,碰撞均为对心正碰。 以下分析正确的是( ) A. 将 1 号移至高度 h 释放,碰撞后,观察到 2 号静止、3 号摆至高度 。若 2 号换成质量不同的小钢球,重 复上述实验,3 号仍能摆至高度 B. 将 1、2 号一起移至高度 释放,碰撞后,观察到 1 号静止,2、3 号一起摆至高度 ,释放后整个过程 机械能和动量都守恒 C. 将右侧涂胶的 1 号移至高度 h 释放,1、2 号碰撞后粘在一起,根据机械能守恒,3 号仍能摆至高度 D. 将 1 号和右侧涂胶的 2 号一起移至高度 释放,碰撞后,2、3 号粘在一起向右运动,未能摆至高度 , 释放后整个过程机械能和动量都不守恒 【答案】D 【解析】 【详解】A.1 号球与质量不同的 2 号球相碰撞后,1 号球速度不为零,则 2 号球获得的动能小于 1 号球撞 2 号球前瞬间的动能,所以 2 号球与 3 号球相碰撞后,3 号球获得的动能也小于 1 号球撞 2 号球前瞬间的动能, 则 3 号不可能摆至高度 ,故 A 错误; B.1、2 号球释放后,三小球之间的碰撞为弹性碰撞,且三小球组成的系统只有重力做功,所以系统的机械 能守恒,但整个过程中,系统所受合外力不为零,所以系统动量不守恒,故 B 错误; C.1、2 号碰撞后粘在一起,为完全非弹性碰撞,碰撞过程有机械能损失,所以 1、2 号球再与 3 号球相碰 后,3 号球获得的动能不足以使其摆至高度 ,故 C 错误; D.碰撞后,2、3 号粘在一起,为完全非弹性碰撞,碰撞过程有机械能损失,且整个过程中,系统所受合外 力不为零,所以系统的机械能和动量都不守恒,故 D 正确。 故选 D。 8.(2020 年全国 III 卷)甲、乙两个物块在光滑水平桌面上沿同一直线运动,甲追上乙,并与乙发生碰撞, 碰撞前后甲、乙的速度随时间的变化如图中实线所示。已知甲的质量为 1kg,则碰撞过程两物块损失的机械 能为( ) A. 3 J B. 4 J C. 5 J D. 6 J 【答案】A 【解析】 【详解】由 v-t 图可知,碰前甲、乙的速度分别为 5m / sv 甲 , =1m / sv乙 ;碰后甲、乙的速度分别为 1 m / sv 甲 , = 2 m / sv乙 ,甲、乙两物块碰撞过程中,由动量守恒得 +=+mvmvmvmv 甲 甲 乙 乙 甲 甲 乙 乙 解得 6kgm 乙 则损失的机械能为 2 2 2 21 1 1 1+ - -2 2 2 2E m v m v m v m v 甲 甲 乙 乙 甲 甲 乙 乙 解得 3JE 故选 A。 二、多选题(每题 5 分,共计 20 分) 9.一质量为 2 kg 的物块在合外力 F 的作用下从静止开始沿直线运动.F 随时间 t 变化的图线如图所示,则 ( ) A.t=1 s 时物块的速率为 1 m/s B.t=2 s 时物块的动量大小为 4 kg·m/s C.t=3 s 时物块的动量大小为 5 kg·m/s D.t=4 s 时物块的速度为零 【答案】AB 【解析】 由题目可知 F=2 N,F′=-1 N,由动量定理 Ft=mv1-mv0,可知 t=1 s 时,Ft1=mv1,代入数据 可得 v1=Ft1 m =2×1 2 m/s=1 m/s,故 A 正确;t=2 s 时,p=Ft2,代入数据可得 p=4 kg·m/s,故 B 正确;t=3 s 时,p=Ft2+F′(t3-t2),代入数据可得 p=3 kg·m/s,故 C 错误;t=4 s 时,由 Ft2+F′(t4-t2)=mv4,代入数 据可得 v4=Ft2+F′(t4-t2) m =2×2-1×(4-2) 2 m/s=1 m/s,故 D 错误. 10.如图甲所示,物块 A、B 间拴接一个压缩后被锁定的轻弹簧,整个系统静止放在光滑水平地面上,其中 A 物块最初与左侧固定的挡板相接触,B 物块质量为 4 kg。现解除对弹簧的锁定,在 A 离开挡板后,B 物块的 v–t 图如图乙所示,则可知 A.物块 A 的质量为 4 kg B.运动过程中物块 A 的最大速度为 vm=4 m/s C.在物块 A 离开挡板前,系统动量守恒、机械能守恒 D.在物块 A 离开挡板后弹簧的最大弹性势能为 6 J 【答案】BD 【解析】A、弹簧伸长最长时弹力最大,B 的加速度最大,此时 A 和 B 共速,由图知,AB 共同速度为:v 共 =2 m/s,A 刚离开墙时 B 的速度为:v0=3 m/s。在 A 离开挡板后,取向右为正方向,由动量守恒定律,有: ,解得 mA=2 kg;故 A 错误。B、当弹簧第一次恢复原长时 A 的速度最大,由 , ,解得 A 的最大速度 vA=4 m/s,故 B 正确。C、在 A 离开 挡板前,由于挡板对 A 有作用力,A、B 系统所受合外力不为零,所以系统动量不守恒;故 C 错误。D、分 析 A 离开挡板后 A、B 的运动过程,并结合图象数据可知,弹簧伸长到最长时 A、B 的共同速度为 v 共=2m/s, 根据机械能守恒定律和动量守恒定律,有: , ;联立 解得弹簧的最大弹性势能 Ep=6J,故 D 正确。故选 BD。 11.竖直放置的轻弹簧下端固定在地上,上端与质量为 m 的钢板连接,钢板处于静止状态。一个质量也为 m 的物块从钢板正上方 h 处的 P 点自由落下,打在钢板上并与钢板一起向下运动 x0 后到达最低点 Q。下列说 法正确的是 A.物块与钢板碰后的速度为 2 gh B.物块与钢板碰后的速度为 2 2 gh C.从 P 到 Q 的过程中,弹性势能的增加量为 D.从 P 到 Q 的过程中,弹性势能的增加量为 mg(2x0+h) 【答案】BC 【解析】物体下落 h,由机械能守恒:mgh= 1 2 mv12;物体与钢板碰撞,则动量守恒: 122mvmv ,解得 ,选项 A 错误,B 正确;从碰撞到 Q 点,由能量关系可知: ,则 弹性势能的增加量为 ,选项 C 正确,D 错误。 12.(2020 年全国 II 卷)水平冰面上有一固定的竖直挡板,一滑冰运动员面对挡板静止在冰面上,他把一 质量为 4.0 kg 的静止物块以大小为 5.0 m/s 的速度沿与挡板垂直的方向推向挡板,运动员获得退行速度;物 块与挡板弹性碰撞,速度反向,追上运动员时,运动员又把物块推向挡板,使其再一次以大小为 5.0 m/s 的 速度与挡板弹性碰撞。总共经过 8 次这样推物块后,运动员退行速度的大小大于 5.0 m/s,反弹的物块不能 再追上运动员。不计冰面的摩擦力,该运动员的质量可能为 A. 48 kg B. 53 kg C. 58 kg D. 63 kg 【答案】BC 【解析】 【详解】设运动员和物块的质量分别为 m 、 0m 规定运动员运动的方向为正方向,运动员开始时静止,第一 次将物块推出后,运动员和物块的速度大小分别为 1v 、 0v ,则根据动量守恒定律 1 0 00 mv m v 解得 0 10 mvvm 物块与弹性挡板撞击后,运动方向与运动员同向,当运动员再次推出物块 100200mvmvmvmv 解得 0 20 3mvvm 第 3 次推出后 200300mvmvmvmv 解得 0 30 5 mvvm 依次类推,第 8 次推出后,运动员的速度 0 80 15mvvm 根据题意可知 0 80 15 m/smvvm  解得 60kgm  第 7 次运动员的速度一定小于 5m / s ,则 0 70 13 m/smvvm  解得 52kgm  综上所述,运动员的质量满足 kg 60kgm   AD 错误,BC 正确。 故选 BC。 三、实验题(每题 10 分,共 20 分) 13.某同学在做“验证动量守恒定律”的实验中,实验室具备的实验器材有:斜槽轨道,两个大小相等、质量 不同的小钢球 A、B,刻度尺,白纸,圆规,重垂线一条。实验装置及实验中小球运动轨迹及落点平均位置如图 甲所示。 (1)对于实验中注意事项、测量器材和需测量的物理量,下列说法中正确的是 。 A.实验前轨道的调节应注意使槽的末端的切线水平 B.实验中要保证每次 A 球从同一高处由静止释放 C.实验中还缺少的测量器材有复写纸和秒表 D.实验中需测量的物理量只有线段 OP、OM 和 ON 的长度 (2)实验中若小球 A 的质量为 m1,小球 B 的质量为 m2,当 m1>m2 时,实验中记下了 O、M、P、N 四个位置,若满足 (用 m1、m2、OM、OP、ON 表示),则说明碰撞中动量守恒;若还满足 (只能用 OM、OP、ON 表示), 则说明碰撞前后动能也相等。 (3)此实验中若 mA= mB,小球落地点的平均位置距 O 点的距离如图乙所示,则实验中碰撞结束时刻两球动量大 小之比 pA∶pB= 。 【解析】(1)因为初速度沿水平方向,所以必须保证槽的末端的切线是水平的,A 项正确。因为实验要重 复进行多次以确定同一个弹性碰撞后两小球的落点的确切位置,所以每次碰撞前入射球 A 的速度必须相同,B 项正确。要测量 A 球的质量 mA 和 B 球的质量 mB,故需要天平;让入射球落地后在地板上合适的位置铺上白纸 并在相应的位置铺上复写纸,用重垂线把斜槽末端即被碰小球的重心投影到白纸上 O 点,故需要复写纸,不需 要秒表,C 项错误。由 mAOP=mAOM+mBON 可知实验中需测量的物理量是 A 球的质量 mA 和 B 球的质量 mB,线段 OP、 OM 和 ON 的长度,所以 D 项错误。 (2)从图中可以看出,碰前的总动量为 m1·OP,碰后的总动量为 m1·OM+m2·ON,若碰前的总动量与碰后的 总动量近似相等,就可以验证碰撞中的动量守恒,即需满足 m1·OP=m1·OM+m2·ON。 若碰撞前后动能相等,则有 m1·(OP)2= m1·(OM)2+ m2·(ON)2,联立解得 OP=ON-OM。 (3)实验中碰撞结束时刻的动量之比 = = × ≈ 。 【答案】(1)AB (2)m1·OP=m1·OM+m2·ON OP=ON-OM (3) 14.(2020 年全国 I 卷)某同学用如图所示的实验装置验证动量定理,所用器材包括:气垫导轨、滑块(上 方安装有宽度为 d 的遮光片)、两个与计算机相连接的光电门、砝码盘和砝码等。 实验步骤如下: (1)开动气泵,调节气垫导轨,轻推滑块,当滑块上的遮光片经过两个光电门的遮光时间________时,可 认为气垫导轨水平; (2)用天平测砝码与砝码盘的总质量 m1、滑块(含遮光片)的质量 m2; (3)用细线跨过轻质定滑轮将滑块与砝码盘连接,并让细线水平拉动滑块; (4)令滑块在砝码和砝码盘的拉动下从左边开始运动,和计算机连接的光电门能测量出遮光片经过 A、B 两处的光电门的遮光时间 Δt1、Δt2 及遮光片从 A 运动到 B 所用的时间 t12; (5)在遮光片随滑块从 A 运动到 B 的过程中,如果将砝码和砝码盘所受重力视为滑块所受拉力,拉力冲量 的大小 I=________,滑块动量改变量的大小 Δp=________;(用题中给出的物理量及重力加速度 g 表示) (6)某次测量得到的一组数据为:d=1.000 cm,m1=1.50  10-2 kg,m2=0.400 kg,△t1=3.900 10-2 s, Δt2=1.270 10-2 s,t12=1.50 s,取 g=9.80 m/s2。计算可得 I=________N·s,Δp=____ kg·m·s-1;(结果均保留 3 位有效数字) (7)定义 Δ= 100%Ip I   ,本次实验 δ=________%(保留 1 位有效数字)。 【答案】 (1). 大约相等 (2). m1gt12 (3). 2 21 ()ddm tt (4). 0.221 (5). 0.212 (6). 4 【解析】 【详解】(1)[1]当经过 A,B 两个光电门时间相等时,速度相等,此时由于阻力很小,可以认为导轨是水平 的。 (5)[2]由 I=Ft,知 1 1 2I m g t [3] 由 21p m v m v   知 222 2121 ()ddddpmmm tttt  (6)[4]代入数值知,冲量 2 112 =1.5109.81.5Ns0.221NsIm gt  [5]动量改变量 1 2 21 ()0.212kg m sddpm tt   (7)[6] ||0.2250.212100%100%4%0.225 Ip I   四、计算题(15 题 10 分,16 题 12 分,17 题 14 分,共计 36 分) 15.有人对鞭炮中炸药爆炸的威力产生了浓厚的兴趣,他设计如下实验,在一光滑水平面上放置两个可视为质 点的紧挨着的 A、B 两个物体,它们的质量分别为 m1=1 kg、m2=3 kg,在它们之间放少量炸药,水平面左方有一 弹性挡板,水平面右方接一光滑的 竖直圆轨道。开始时 A、B 两物体静止,点燃炸药让其爆炸,物体 A 向左运 动与挡板碰后原速率返回,在水平面上追上物体 B 并与其碰撞后粘在一起,最后恰能到达圆弧最高点,已知圆 弧的半径 R=0.2 m,g=10 m/s2。求炸药爆炸时对 A、B 两物体所做的总功。 【解析】取向右为正方向,炸药爆炸后,设 A 的速度为 v1,B 的速度为 v2,由动量守恒定律得 m2v2-m1v1=0 物体 A 与挡板碰后再与 B 物体碰撞,设碰后共同速度为 v3,由动量守恒定律得 m2v2+m1v1=(m1+m2)v3 A、B 上升到最高点过程中,由机械能守恒定律得 (m1+m2) =(m1+m2)gR 炸药对 A、B 两物体做的功 W= m1 + m2 解得 W≈10.7 J。 【答案】10.7 J 16. (2020 年天津卷)长为 l 的轻绳上端固定,下端系着质量为 1m 的小球 A,处于静止状态。A 受到一个 水平瞬时冲量后在竖直平面内做圆周运动,恰好能通过圆周轨迹的最高点。当 A 回到最低点时,质量为 2m 的小球 B 与之迎面正碰,碰后 A、B 粘在一起,仍做圆周运动,并能通过圆周轨迹的最高点。不计空气阻力, 重力加速度为 g,求 (1)A 受到的水平瞬时冲量 I 的大小; (2)碰撞前瞬间 B 的动能 kE 至少多大? 【答案】(1) 1 5I m gl ;( 2)  2 12 k 2 52 2 glmmE m  【解析】 【详解】(1)A 恰好能通过圆周轨迹的最高点,此时轻绳的拉力刚好为零,设 A 在最高点时的速度大小为 v, 由牛顿第二定律,有 2 11 vmgm l ① A 从最低点到最高点的过程中机械能守恒,取轨迹最低点处重力势能为零,设 A 在最低点的速度大小为 Av , 有 22 1 1 1 11222Am v m v m gl② 由动量定理,有 1 AI m v ③ 联立①②③式,得 ④ (2)设两球粘在一起时速度大小为v ,A、B 粘在一起后恰能通过圆周轨迹的最高点,需满足 Avv  ⑤ 要达到上述条件,碰后两球速度方向必须与碰前 B 的速度方向相同,以此方向为正方向,设 B 碰前瞬间的 速度大小为 Bv ,由动量守恒定律,有  2112BAmvmvmmv  ⑥ 又 2 k2 1 2 BE m v ⑦ 联立①②⑤⑥⑦式,得碰撞前瞬间 B 的动能 kE 至少为  2 12 k 2 52 2 gl m mE m  ⑧ 17.如图所示,光滑水平直轨道上有三个质量均为 m 的物块 A、B、C。B 的左侧固定一轻弹簧(弹簧左侧的挡 板质量不计)。若 A 以速度 v0 朝 B 运动,压缩弹簧;当 A、 B 速度相等时,B 与 C 恰好相碰并粘接在一起,然后 继续运动。假设 B 和 C 碰撞过程时间极短,从 A 开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中,求: (1)整个系统损失的机械能。 (2)弹簧被压缩到最短时的弹性势能。 【解析】(1)从 A 压缩弹簧到 A 与 B 具有相同速度 v1 时,对 A、B 与弹簧组成的系统,由动量守恒定律得 mv0=2mv1 此时 B 与 C 发生完全非弹性碰撞,设碰撞后的瞬时速度为 v2,损失的机械能为 ΔE。对 B、C 组成的系统,由动 量守恒定律和能量守恒定律得 mv1=2mv2 m =ΔE+ ×(2m) 联立解得 ΔE= m 。 (2)由 mv0=2mv1 可知 v2