【物理】2020届一轮复习人教版 恒定电流 课时作业 20页

‎2020届一轮复习人教版 恒定电流 课时作业 ‎ ‎ 1、正确的调零后，用内阻为200Ω的多用电表粗测电阻Rx，多用电表的欧姆表表盘模糊，但能看到指针的直流电流区域，指针指示位置如图所示，则Rx约为( )‎ A．100 Ω B．200 Ω C．600 Ω D．800 Ω ‎2、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1、R3为滑动变阻器，R2为定值电阻，C为电容器．开始时开关S1、S2闭合．下列操作能使电容器所带电荷量增加的是( )‎ A．断开开关S1‎ B．断开开关S2‎ C．向左移动滑动变阻器R1的滑片 D．向左移动滑动变阻器R3的滑片 ‎3、如右图所示，是四只电阻的I－U图像，这四只电阻并联起来使用时，通过各只电阻的电流强度分别是I1、I2、I3、I4，则（ ）‎ ‎ ‎ A. I1＞I2＞I3＞I4‎ B. I1=I2=I3=I4‎ C. I1＜I2＜I3＜I4‎ D. 无法判断 ‎4、下图列出了不同品牌的电视机、电风扇、空调机和电冰箱铭牌上的主要项目，试判断正常工作时其中功率最大的是 （ ）‎ A. B. ‎ C. D. 5、如图所示电路中，L1、L2、L3、L4是四只相同的电灯，当滑动变阻器的滑片向下滑动时，下列说法正确的是(　　)‎ A. L1变亮 B. L2变亮 C. L3变亮 D. L4变亮 6、“、”的白炽灯A和“、”的白炽灯B的伏安特性曲线如图所示，若将两白炽灯串联后接在的电源上，两灯实际消耗的电功率各是多少？‎ ‎ ‎ ‎7、对于同一物理问题，常常可以从宏观与微观两个不同角度进行研究，找出其内在联系，从而更加深刻地理解其物理本质。如图所示：一段横截面积为S、长为l的金属电阻丝，单位体积内有n个自由电子，每一个电子电量为e。该电阻丝通有恒定电流时，两端的电势差为U，假设自由电子定向移动的速率均为v。‎ ‎（1）求导线中的电流I；‎ ‎（2）有人说“导线中电流做功，实质上就是导线中的恒定电场对自由电荷的静电力做功”。这种说法是否正确，通过计算说明。‎ ‎（3）为了更好地描述某个小区域的电流分布情况，物理学家引入了电流密度这一物理量，定义其大小为单位时间内通过单位面积的电量。若已知该导线中的电流密度为，导线的电阻率为，试证明： 。‎ ‎8、‎ 在研究微型电风扇的性能时，利用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器R并控制电风扇停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和1.0V，重新调节R并使电风扇恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为1.0A和12.0V，求:‎ ‎ ‎ ‎（1）电风扇的内阻有多大？‎ ‎（2）这台电风扇正常运转时输出功率为多少?‎ ‎（3）这台电风扇正常运转时效率为多少?‎ ‎9、在右图所示的电路中，若把R的阻值由2Ω增大到6Ω，流过R的电流将减为原来的一半，则电源的内阻为多大?‎ ‎ 10、为测定电流表内电阻Rg，实验中备用的器件有：‎ A．电流表（量程0﹣100μA）‎ B．标准伏特表（量程0﹣5V）‎ C．电阻箱（阻值范围0﹣999Ω）‎ D．电阻箱（阻值范围0﹣99999Ω）‎ E．电源（电动势2V）‎ F．电源（电动势6V）‎ G．滑动变阻器（阻值范围0﹣50Ω，额定电流1.5A），还有若干开关和导线。‎ ‎（1）如果采用如图所示的电路测定电流表A的内电阻并且想得到较高的精确度，那么从以上备用器件中，可变电阻R1应选用_____，可变电阻R2应选用_____，电源应选用_____（用字母代号填写）。‎ ‎（2）如果实验时要进行的步骤有：‎ a．合上开关K1；‎ b．合上开关K2；‎ c．观察R1的阻值是否最大，如果不是，将R1的阻值调到最大；‎ d．调节R1的阻值，使电流表指针偏转到满刻度；‎ e．调节R2的阻值，使电流表指针偏转到满刻度的一半；‎ f．记下R2的阻值。‎ 把以上步骤的字母按实验的合理顺序为：_____。‎ ‎（3）如果在步骤f中所得R2的阻值为600Ω，则图中电流表的内电阻Rg的测量值为_____Ω。‎ ‎（4）如果再给出：H．电源（电动势8V）；I．电源（电动势12V），电源应选择_____（选填选项前的字母）。‎ ‎（5）某同学认为步骤e中不需要保证“电流表指针偏转到满刻度的一半”这一条件，也可测得的电流表内阻Rg，请你分析论证该同学的判断是否可行。_____‎ ‎11、(1)某同学用多用电表欧姆挡粗测一电阻Rx的阻值。选择“×1‎ ‎”挡时，指针指示如图甲所示，则示数为____Ω。（取一位有效数字）‎ ‎(2)为精确的测量Rx的阻值，现取来两节干电池（总电动势为3V，总内阻为0.4 Ω）、开关和若干导线及下列器材：‎ A．电压表(0～3 V，内阻约10kΩ)‎ B．电流表(0～0.6 A，内阻很小，可不计)‎ C．电流表(0～3 A，内阻很小，可不计)‎ D．滑动变阻器(0～5 Ω，额定电流为0.5 A)‎ E．滑动变阻器(0～10 Ω，额定电流为1 A)‎ ‎(i)电流表应选____；（填序号字母）‎ ‎(ii)要求滑动变阻器分压连接，滑动变阻器应选____；（填序号字母）‎ ‎(iii)实验中该同学的实物连线如图乙所示，其中有一处不妥，不妥处为____ 。（填①至⑧的序号）‎ ‎(3)该同学将(2)中的错误纠正并测出Rx的阻值后，又进行了以下实验：将导线③连接在电池负极的一端改为连接在开关的右端，闭合开关，当滑片P移到某位置c（图乙中未标出）时，读出电压表示数为2.2V，电流表示数为0.4 A，则变阻器的ca与cb段的电阻之比Rca：Rcb=____。‎ ‎12、要測量一个电源的电动势和内电阻，给定下列实验器材:‎ A.待测电源 (电动势约8V，内阻约2Ω)‎ B.电流表A(量程0.6A，内阻约1Ω)‎ C.电压表V(量程3V，内阻为2kΩ)‎ D.滑动变阻器R(阻值范围0-20Ω)‎ E.定值电阻R1＝4kΩ F.定值电阻R2=20Ω 开关及导线 实验要求电流表和电压表的最大读数都要超过量程的一半。‎ ‎①若定值电阻选R1，画出其实验电路______。‎ ‎②若定值电阻选R2，画出实验电路________。‎ ‎③若选电阻R2设计电路，调节滑动变阻器R，分别得到两组电压，电流对应值U1、I1和U2、I2，则待测电源的电动势E＝_____；内阻r＝_______，由此计算出的电源内阻相对真实值______(“偏大”、“偏小”、“不变”)‎ ‎13、某学习小组在学习有关电学知识后,将一电流表改装成能测量电阻的欧姆表,如图1所示．实验器材如下：‎ A．待改装电流表一个:量程为0至3mA，内电阻100Ω，其面板如图2所示；‎ B．干电池一节：电动势E＝1.5V，内电阻r＝0.5Ω．‎ C．电阻箱R：阻值范围0～999.9Ω．‎ ‎(1)测量电阻前,先进行欧姆调零．将电阻箱R调至最大,将红、黑两表笔直接接触，调节电阻箱R使电流表指针指到最大刻度3mA，此时电阻箱R的阻值应为R＝_______Ω．‎ ‎(2)欧姆表调零后，将红、黑笔分别接触待测电阻的两端，若电流表的示数为1.5mA，则待测电阻的阻值Rx＝_______Ω；‎ ‎(3)若将电流表示数范围限制在0.5mA到3mA之间，则欧姆表可测量的电阻范围为_________Ω．‎ ‎(4)如果将R0＝25Ω的电阻与图1电路图中的电流表并联，重新调零，电流表中央1.5mA刻度线处应标 示为_______Ω．‎ ‎14、（1）实验室中的一只多用电表如图所示，下列对该多用电表的使用正确的是______‎ A.测量一节干电池两端的电压时，应选择挡位a，红表笔需连接电池正极，黑表笔需连接电池负极 B.测量一个“3V，0.9W”的灯泡在直流电路中正常发光时的电流时，应选择挡位b C.测量一个阻值约为100欧姆的电阻阻值时，最佳挡位为挡位c D.可以使用挡位d来检测家用插座中是否有电 ‎ ‎ ‎（2）某物理兴趣小组利用一个电流表改装了一个如图所示的欧姆表,通过控制开关S和调节电阻箱,可使欧姆表具有"×1"和"×10"两种倍率,所用器材如下: ‎ ‎ ‎ A.干电池电动势E=1.5 V,内阻不计；‎ B.电流表G:满偏电流Ig=1 mA,内阻Rg=150 Ω;‎ C.定值电阻R1=1200 Ω;‎ D.电阻箱R2和R3:最大阻值999.99 Ω;‎ E.开关一个,红、黑表笔各1支,导线若干。‎ ‎①当开关S断开时,将红、黑表笔短接,欧姆调零后，电阻箱R2的阻值为______Ω, 当电流表指针指向图中所示的位置时,对应的欧姆表的刻度值为___Ω.‎ ‎②调节R3=150Ω，闭合开关S，将红、黑表笔短接,欧姆调零，此时欧姆表的倍率是___(填"×1"或"×10").‎ ‎15、某同学选用“”倍率的电阻挡估测元件电阻，发现多用表指针偏转过大，因此需选择_____倍率的电阻挡填：“”或“”。并先进行_______再进行测量，之后多用表的示数如图所示，测量结果为______。‎ ‎16、某学习小组探究一标有“3 V，”小电珠在不同电压下的电功率大小，实验器材如下：‎ A.电池组电动势为，内阻约； B.直流电流表内阻约为 C.直流电压表内阻约 D.直流电压表内阻约 E.滑动变阻器 F.滑动变阻器 G.开关、导线若干 本实验中电压表选用________，滑动变阻器应选用________选填“C”或“D”，“E”或“F”．‎ 如图甲所示，现已完成部分导线的连接实验要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接（___）； ‎ 某次测量，电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为________A；‎ 该小组描绘出的伏安特性曲线如图丙所示，将这个小电珠与阻值为的定值电阻串联，接到电动势为4 V、内阻为的电源两端，这个小电珠的实际功率为________W．‎ ‎17、（1）如图所示，分别由图读出千分尺和游标卡尺的读数。‎ ‎ ‎ ‎(2)如图是改装后的电表的电路图，认识正确的是______________‎ A.（a）图是电流表，使用、两个端点时，量程较大 B.（a）图是电流表，使用、两个端点时，量程较大 C.（b）图是电压表，使用、两个端点时，量程较大 D.（b）图是电压表，使用、两个端点时，量程较大 ‎18、用螺旋测微器测量长度，某一次测量结果如右图所示，其读数应为__________mm. ‎ ‎ 19、硅光电池是一种可将光能转换为电能的器件。某同学用图（a）所示的电路研究硅光电池的伏安特性曲线。图中R0为已知定值电阻，两个电压表均视为理想电压表。‎ ‎ ‎ ‎（1）请根据图（a）所示的电路图，用笔画线代替导线将图（b）中的的实物图补充完整________。‎ ‎（2）实验一：用一定强度的光照射硅光电池，调节滑动变阻器，通过测量和计算得到该电池的U-I曲线，如图（c）中的甲线。由此可知电池的内阻随电流的增大而________（选填“增大”、“减小”或“不变”），短路电流为________μA，电动势为_______V。（计算结果保留两位有效数字）‎ ‎（3）实验二：减小光的强度，重复实验，得到的U-I曲线如图（c）中的乙线所示。‎ 当滑动变阻器的电阻为某一值时，实验一中的V1表的示数为1.5V，保持该阻值不变，在实验二中外电路消耗的电功率为_________mW（计算结果保留两位有效数字）。‎ ‎20、班上兴趣小组在实验室用如图甲所示的电路探究某两种型号电池的路端电压U与总电流I的关系。图中为已知定值保护电阻，R为滑动变阻器，电压表和电流表都是理想电表。在甲图中接入型号I电池，开关S闭合后，调节滑动变阻器，同学们测得该闭合电路的U、I数据如下列表格一所示。‎ 表格一：‎ U/V ‎0.2‎ ‎0.5‎ ‎1.0‎ ‎1.5‎ ‎1.8‎ ‎2.2‎ ‎2.6‎ I/mA ‎295‎ ‎288‎ ‎265‎ ‎215‎ ‎165‎ ‎90‎ ‎10‎ ‎ ‎ 断开开关S，去掉型号I电池，接入型号Ⅱ电池，开关S闭合后，调节滑动变阻器，同学们测得该闭合电路的数据如下列表格二所示。‎ 表格二：‎ U/V ‎0.2‎ ‎0.5‎ ‎1.0‎ ‎1.5‎ ‎2.0‎ ‎2.4‎ I/mA ‎100‎ ‎98‎ ‎90‎ ‎75‎ ‎50‎ ‎10‎ ‎ ‎ ‎（1）请你利用型号I电池所测得的实验数据（表格一）和型号Ⅱ电池所测得的实验数据（表格二），在如图乙所示的同一U–I坐标系上描点，并用平滑的曲线再把你所描的点连接起来_________。‎ ‎ ‎ ‎（2）对于型号I电池，利用表格一的实验数据，根据你在U–I坐标系中得到该闭合电路的曲线可知，该型号I电池的电动势为_________。‎ ‎（3）对于型号Ⅱ电池，利用表格二的实验数据，根据你在U–I坐标系中得到该闭合电路的另一条U–I曲线可知，该型号Ⅱ电池的电动势为______V。在这种情况下，当滑动变阻器的电阻为某值时，该同学测得的路端电压为2.2 V，则与该路端电压对应的型号Ⅱ电池的内阻为__________。‎ 参考答案 ‎1、答案：C ‎【来源】2019年5月2019届高三第三次全国大联考（江苏卷)-物理 【详解】‎ 多用电表的内阻满足，电流表表盘刻度均匀，图示指针指示位置约为直流电流挡的处，即粗测电阻Rx时电流I约为满偏电流Ig的，，解得，故选C．‎ ‎2、答案：B ‎【来源】江苏省七市（南通、泰州、扬州、徐州、淮安、宿迁、连云港)2019届高三第三次调研测试物理试题 【详解】‎ A.断开开关S1，回路电流为零，电容器通过R1、R2、S1回路放电，电荷量减小，A错误。‎ B.根据电路结构可知，回路电流，电容两端电压：，断开开关S2，电容器直接串联在电路中，回路电流为零，电容器两端电压为电动势，电压变大，根据可知，带电量变大，B正确。‎ C.滑动变阻器R1与电容串联，稳定时，支路无电流，改变R1的滑片位置，不会改变电压和电流，电容带电量不变，C错误。‎ D.向左移动滑动变阻器R3的滑片，接入电路电阻变大，回路电流变小，电容两端电压变小，根据可知，带电量变小，D错误。‎ ‎3、答案：C 由于在I-U图象中，直线的斜率的倒数等于导体的电阻值；R4斜率最大．电阻值最小，R1的斜率最小，电阻值最大；这四个电阻并联起来使用时，它们两端的电压是相等的，根据欧姆定律：，电阻值大的电阻，流过的电流小，所以：I1＜I2＜I3＜I4．故C正确．‎ 点晴：会熟练应用欧姆定律，知道并联电路电阻与电流的比值关系．明确I-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数。 4、答案：C 由电冰箱、电视机、电风扇铭牌直接读出它们的额定功率分别为：85W，70W、65W．对于空调机，由铭牌上读出额定电压U=220V，额定电流I=6.2A，则其额定功率为P=UI=1364W，所以正常工作时，功率最大的电器是空调机，故C正确。‎ 点晴：本题考查读取电器铭牌信息的能力，空调机的功率为P=UI。 5、答案：BD 试题分析：当滑动变阻器的滑片向下滑动时，电阻减小，则与L4串联再与L3并联的总电阻也减小，电源的路端电阻减小，路端电压减小，则L1的两端电压减小，L1变暗，选项A错误；由于总电阻减小，故电路中的总电流增大，L1中的电流减小，故L2中的电流增大，L2变亮，选项B正确；由于L4与L3、L2的总电压减小，L2两端电压增大，故L3两端电压减小，L3变暗，选项C错误；L3中的电流减小，而L2的电流增大，故L4的电流增大，L4变亮，选项D正确。‎ 考点：欧姆定律的动态电路。 6、答案： ‎ ‎【来源】第二章恒定电流第1节电路的基本概念电路的串、并联和部分电路欧姆定律 【详解】‎ 如图所示，选（，0）为另一坐标系的原点，原轴的相反方向为另一坐标系的电压轴正方向，另一坐标系的电流轴正方向与原坐标系相同。把B灯的伏安特性曲线反过来画，得到在另一坐标系中B灯的伏安特性曲线，与A两条伏安特性曲线的交点为P，由P点的坐标可知两灯中的电流均为，两灯的电压分别为，。根据电功率的定义式可知两灯实际消耗的电功率分别为，.‎ ‎ ‎ ‎7、答案：（1）；（2）正确，说明见解析；（3）证明见解析 ‎【来源】北京市房山区2019届高三第二次模拟测试试卷理综物理试题 【详解】‎ ‎（1）电流的定义式，在t时间内，流过横截面的电荷量 因此 ‎（2）这种说法正确。‎ 在电路中，导线中电流做功为：‎ 在导线中，恒定电场的场强，导体中全部自由电荷为，‎ 导线中的恒定电场对自由电荷力做的功：‎ 又因为，则 故“导线中电流做功，实质上就是导线中的恒定电场对自由电荷的静电力做功”是正确的。‎ ‎（3）由欧姆定律：‎ 由电阻定律：‎ 则，则有：‎ 电流密度的定义：‎ 故 ‎8、答案：（1）2.0Ω（2）10W（3）83.3%‎ 试题分析：(1) 当电动机停止转动时，电动机为纯电阻，由部分电路欧姆定律可求出电阻；‎ ‎(2)正常运转时，根据求解；‎ ‎(3) 效率.‎ ‎(1) 当电动机停止转动时，由题得电动机的电阻：，‎ ‎(2) 正常运转时，消耗的电功率，热功率，电风扇正常运转时输出功率,‎ ‎(3) 效率 ‎ 点晴：注意区分电动机停止转动时和正常运转时，电动机停止转动时，电路为纯电阻电路，正常运转时电路为非纯电阻电路。 9、答案：2Ω ‎ 当时，有：‎ 代入数据解得： ‎ ‎10、答案：D C F cadbef 600 H 可行 ‎ ‎【来源】2019年北京市通州区高考物理二模试卷 【详解】‎ ‎（1）该实验是半偏电流法测电流表的内阻。K2闭合前后的两次电路，如果干路电流变化不大，那么就可以认为，K2闭合后，电流表半偏时，电流表和电阻箱R2所分的电流各占一半，又因为二者并联，两端的电压相等，自然就可以推出电流表的内阻和电阻箱R2的阻值相等。要保证两次实验干路的电流变化不大，就需要保证两次实验电路的总电阻变化不大，也就是说，在给电流表并联上一个电阻箱后导致的电阻变化，对整个电路影响不大。要达到这个效果，R1就需要选一个尽可能大的电阻，可以是电阻箱，也可以是滑变，也可以是电位器，但阻值要尽可能地大，经此分析，R1应选用D。‎ 该实验要通过可变电阻R2阻值来间接反映出电流表的内阻值，因此可变电阻R2的选取原则是：能读数且尽量和电流表的内阻在同一数量级上。经此分析，可变电阻R2应选用C。‎ 在R1是一个尽可能大的电阻、电流表满偏的前提下，那么电源电动势相对地就要大一些的，但不是越大越好，大了烧表也不行。初步分析电源可选用F，其实可以估算一下电动势大概的最大值，即： 电源应选F。‎ ‎（2）半偏法测电流表内阻的步骤为：实验前，将R1的阻值调到最大；合上开关K1；调节R1的阻值，使电流表指针偏转到满刻度；保持R1的阻值不变，合上开关K2；调节R2的阻值，使电流表指针偏转到满刻度的一半；记下R2的阻值。我们就认为电流表的内阻值就是R2的阻值。因此答案为：cadbef。‎ ‎（3）根据（1）中的分析可知，电流表的内电阻Rg的测量值，就等于电阻箱R2的阻值，即600Ω。‎ ‎（4）由（1）中的分析可知，在不烧表的前提下，电源要尽可能地大一些，这样可以减小实验误差。因为估算出的电源电动势的最大值大约是10V，所以，该题答案为H。‎ ‎（5）该同学的判断可行。只需保证步骤abcd不变。例如在步骤e中，可以调节R2的阻值，使电流表指针偏转到满刻度的三分之二，记下此时R2的阻值，根据并联电路反比分流原则，计算出电流表内阻的测量值：，同样可以测得电流表的内阻。‎ ‎11、答案：6 B E ⑦ 4：1或1：4 ‎ ‎【来源】2019年四川省成都市高三三模理综物理试题 【详解】‎ ‎（1）由表盘读出指针示数为6，又档位选择“×1”挡，故电阻的大小为Rx＝6×1＝6Ω；‎ ‎（2）（i）利用欧姆定律，测量电路最大电流约为，故电流表应选B；‎ ‎（ii）要求滑动变阻器分压连接，滑动变阻器电流要超过0.5A，故滑动变阻器应选E ‎（iii）因为电流表内阻可以不计，故测量电路电流表应选择内接法，故⑦处连接不妥；‎ ‎（3）设滑动变阻器连入电路电阻为R，则由闭合电路欧姆定律，得：，滑动变阻器两部分并联连入电路，由并联电路电阻关系，有：，‎ 联立代入数据解得：，或，，故或。‎ ‎12、答案： 偏小 ‎ ‎【来源】2019年安徽省六安市第一中学、合肥八中、阜阳一中三校高三最后一卷理科综合物理试题 【详解】‎ ‎①因电源电动势为8V，而电压表量程为3V，若定值电阻选R1，则需将定值电阻与电压表串联，相当与将电压表扩大量程，则其实验电路为：‎ ‎；‎ ‎②若定值电阻选R2，则由于电压表和电流表的量程都相对较小，可将R2与电源串联，相当增加了电源内阻值，电路如图；‎ ‎；‎ ‎③由闭合电路的欧姆定律：U1=E-I1(R2+r)；U2=E-I2(R2+r)；‎ 联立解得：；；‎ 由电路图可得，电压表测路端电压，但由于电压表的分流作用，使电流表的测量值小于真实值；实验误差是由于电压表的分流造成的；当外电路短路时，电压表不分流，故短路电流相同；而测量的电压值要小于真实值；故作出测量值和真实值的图象如图所示；‎ 由图示可知，伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表外接法，由于电压表分流作用，电流表测量值偏小，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U-I图象如图所示，由图象可知，电动势测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值。‎ ‎13、答案： (1). 399.5 (2). 500 (3). 0～2500（或2500～0） (4). 100 【分析】‎ 欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，根据题意应用闭合电路欧姆定律分析答题。‎ ‎【详解】(1) 指针指到最大刻度时：代入数据解得：R=399.5Ω；‎ ‎(2) 欧姆表调零后，其内阻： ‎ 电流表示数为：I=1.5mA，则： ‎ 代入数据解得：RX=500Ω；‎ ‎(3) 电流表示数为：I=0.5mA时，则：‎ 代入数据解得：RX1=2500Ω；‎ 电流表示数为：I=3mA，指针满偏，所测电阻阻值为零，‎ 则：欧姆表的测量范围是：2500～0Ω；‎ ‎(4) 电流表内阻为100Ω，定值电阻R0=25Ω与电流表并联，‎ 流过定值电阻的电流是流过电流表电流的4倍，改装后欧姆表调零时内阻：‎ ‎ ‎ 电流表示数为1.5mA时，流过欧姆表的电流为：‎ ‎ I=1.5+4×1.5=7.5mA，‎ ‎ ‎ 代入数据解得：RX=100Ω。‎ 本题考查了求欧姆表的调零电阻阻值、中值电阻阻值、电阻测量值，知道欧姆表的工作原理、应用闭合电路的欧姆定律即可正确解题。 14、答案：（1）A D （2）150Ω， 1000Ω， ×1 ‎ ‎【来源】山东师范大学附属中学2019届高考考前模拟理科综合物理试题 【详解】‎ ‎（1）测量一节干电池两端的电压时，应选择直流电压2.5V，即挡位a，红表笔需连接电池正极，黑表笔需连接电池负极，选项A正确；测量一个“3V，0.9W”的灯泡在直流电路中正常发光时的电流时，因，则选择挡位b量程太小，选项B错误；测量一个阻值约为100欧姆的电阻阻值时，挡位c过大，应选“×10”档，选项C错误；d档位为交流电压250V档，则可以使用挡位d来检测家用插座中是否有电，选项D正确；‎ ‎（2）①当开关S断开时，将红、黑表笔短接,欧姆调零后，电阻箱R2的阻值满足： 解得R2=150Ω；当电流表指针指向0.6mA位置时，对应的电阻满足：，解得Rx=1000Ω，即欧姆表的刻度值为1000Ω.‎ ‎②当调节R3=150Ω，闭合开关S，将红、黑表笔短接,欧姆调零，当电流表满偏时，则：，解得IR3=9mA，则回路总电流为I=10mA,则内阻；则中值电阻为150Ω；而R1R2Rg 三个电阻并联后的阻值为，若是“×10”档，则R2应调节到150×10-135=1365Ω，但是R2最大值为999Ω，则此时的档位只能是“×1”档。‎ ‎15、答案： 欧姆调零 30 ‎ ‎【来源】【区级联考】广东省茂名市电白区2018-2019学年高二第二学期期中考试物理试题 【详解】‎ 多用表指针偏转过大，说明待测电阻阻值较小，应换用更小的倍率，即换用×10倍率；换用倍率后应先进行欧姆调零；由图知，待测阻值为R=30×1Ω=30Ω。 16、答案：C E 0.44 0.3 ‎ ‎【来源】【区级联考】广东省茂名市电白区2018-2019学年高二第二学期期中考试物理试题 【详解】‎ ‎（1）由题意知，小电珠的额定电压为3V，故电压表选择3V量程的C；该实验中电流需从零开始测量多组，故滑动变阻器需采用分压式接法，为调节方便，滑动变阻器选择阻值小额定电流大的E；‎ ‎（2‎ ‎）小电珠内阻较小，测量电路用外接法，滑动变阻器用分压式，所以实物图如图所示；‎ ‎（3）电流表量程为0.6A，知图中电表的读数为0.44A；‎ ‎（4）根据闭合电路的欧姆定律：E=U+I（r+R0），整理得：U=-10I+4，在小电珠伏安特性曲线的同一坐标内画出该回路的U-I图线，其与伏安特性曲线的交点坐标值即为小电珠实际的电压和电流，如图所示。小电珠在该闭合回路中电压U=1.0V，电流I=0.3A，实际功率P=UI=0.3W ‎17、答案：0.700mm 19.90mm BC ‎（1）游标卡尺的主尺读数为：19mm，游标尺上第18个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为15×0.05mm=0.90mm，所以最终读数为：19mm+0.90mm=19.90mm。螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为0.5mm+0.200mm=0.700mm。‎ ‎（2）由图示电路图可知，（a）图电流计与分流电阻并联，（a）图是电流表，使用a、c两个端点时分流电阻较大，电流表量程较小，故A错误；使用、两个端点时，分流电阻较小，电流表量程较大，故B正确；由图示电路图可知，（b）图中电流计与分压电阻串联，（b）图是电压表，使用a、c两个端点时，串联分压电阻阻值较大，电压表量程较大，故C正确；使用、两个端点时，串联分压电阻阻值较小，量程较小，故D错误。所以选BC。 18、答案：0.398（或0.397、0.399均可）‎ 螺旋测微器的读数：0.01mm×39.8=0.398mm. 19、答案：（1）如图； （2）增大 295 2.60 ‎ ‎（3）0.14 ‎ ‎【来源】江苏省扬州中学2019届高三4月质量检测物理试题 【详解】‎ ‎（1）按电流流向法，从电源的正极出发，依次串联开关、滑动变阻器、电阻R0回到负极，最后把电压表V2并联在R0两端，V1并联在滑动变阻器和R0两端即可；要注意电流从电压表的正接线柱流入负接线柱流出，滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中．如下图所示： （2）电池的U-I曲线的斜率表示内阻的大小，图线斜率的绝对值在增大，所以内阻增大．当U=0，I=I短=295μA，I=0，E=U=2.60V．‎ ‎ （3）实验一中的路端电压为U1=1.5V时电路中电流为I1=0.21mA，连接a中点（0.21mA、1.5V）和坐标原点，此直线外电路电阻（此时电阻不变）的U-I图，和图线b的交点为实验二中的路端电压和电路电流．如图，电流和电压分别为I=140μA、U=1.0V，则外电路消耗功率为P=UI=0.14 mW．‎ ‎20、答案： 约为2.65(2.61--2.70之间都给分) 约为2.5(2.45-2.55之间都给分)；约为10(9.5--10.5之间都给分) ‎ ‎【来源】河南省洛阳市2019届高三第三次统一考试理科综合物理试题 【详解】‎ ‎（1）两电池的U-I图像如图；‎ ‎ ‎ ‎（2）根据闭合电路欧姆定律U=E-Ir得，当I=0时，U=E，则U-I图象纵轴的截距即等于电池的电动势，由图读出电池的电动势约E=2.65V． （3）型号Ⅱ电池的电动势约为2.5V，当路端电压约为2.0V，电流约为50mA，则与该路端电压对应的电源内阻约为 ‎