广东省揭阳市第一中学高中物理 模块综合检测检测试题 鲁科版选修3-1（通用） 11页

广东省揭阳市第一中学高中物理 模块综合检测检测试题 鲁科版选修3-1 ‎ 一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)‎ ‎1．下述说法中不正确的是(　　)‎ A．根据E＝F/q，可知电场中某点的场强与电场力成正比 B．根据E＝kq/r2，可知电场中某点的场强与形成电场的点电荷的电荷量成正比 C．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强 D．电场线就是点电荷在电场中运动的轨迹 解析：选ACD.电场强度是反映电场性质的物理量，它只与产生它的电荷有关，而与放入其中的检验电荷所受的力及其电荷量无关；且场强为矢量，遵循矢量相加的平行四边形定则，所以合场强可以小于分场强；而电场线是为了描述电场而假设出来的一种工具，和电荷运动的轨迹是完全不同的两个概念．‎ ‎2．门电路的真值表如下，它是(　　)‎ 输入 输出 A B Q ‎0‎ ‎0‎ ‎0‎ ‎0‎ ‎1‎ ‎0‎ ‎1‎ ‎0‎ ‎0‎ ‎1‎ ‎1‎ ‎1‎ A.“或”门电路　　　　　　 B．“非”门电路 C．“与”门电路 D．“与非”门电路 解析：选C.由表可得只有当两输入端都成立时输出端才成立，这是与门的特性，所以C正确．‎ ‎3．如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡均正常发光，且两个电路的总功率相等．则这两个电路中的U甲、U乙，R甲、R乙之间的关系，正确的是(　　)‎ A．U甲>2U乙 B．U甲＝2U乙 C．R甲＝R乙 D．R甲＝2R乙 解析：选B.设灯的阻值为R，正常发光时电流为I，由于两个电路的总功率相等，所以I2·R甲＝(2I)2·R乙，即R甲＝4R乙；由P＝U甲·I＝U乙·2I可知，U甲＝2U乙，故选项B正确．‎ ‎4．在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路．当调节滑动变阻器R，使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为‎0.5 A和1.0 V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为‎2.0 A和15.0 V．则有关这台电动机正常运转时的说法正确的是(　　)‎ A．电动机的内电阻为2 Ω B．电动机的内电阻为7.5 Ω C．电动机的输出功率为30 W D．电动机的输出功率为8 W 解析：选A.当电动机不转动时，电动机消耗的电功率等于热功率，电压表与电流表示数的比值就是电动机的电阻，即R＝＝2 Ω，选项A正确、B错误；当电动机正常工作时，电动机的输出功率为P出＝UI－I2R＝22 W，选项C、D错误．‎ ‎5．在如图所示的实验电路中，当滑动变阻器R0的滑动触头向右端滑动时(　　)‎ A．L1变暗，L2变亮，L3变亮 B．L1变暗，L2变暗，L3变亮 C．L1变暗，L2变暗，L3变暗 D．L1变亮，L2变暗，L3变亮 解析：选B.触头向右滑，滑动变阻器有效电阻变大，电路中电流变小，L1变暗，且内电压减小，并联电路两端电压变大，流过L3的电流变大，L3变亮，流过L2的电流变小，L2变暗，所以B正确．‎ ‎6．下图四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点．其中电势和场强都相同的是(　　)‎ 解析：选B.A图中a、b两点电势相同，场强大小相同，但方向不同．B图中a、b两点场强大小与方向、电势均相同．C图中a、b两点场强相同，电势不同．D图中a、b两点电势、场强大小相同，场强方向不同，只有B正确．‎ ‎7．如图所示，A、B两板间加速电压为U1，C、D两板间偏转电压为U2.一个静止的α粒子(He)自A板起相继被加速、偏转，飞离偏转电场时的最大侧移为C、D板间距离的一半，则它的出射速度的大小为(　　)‎ A．2 B. C．2 D. 解析：选B.在加速电场中由动能定理得：qU1＝mv 在偏转电场中，由动能定理得：qU2＝mv2－mv 解得：v＝ .‎ ‎8．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，下列说法中正确的是(　　)‎ A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大 B．对应P点，小灯泡的电阻为R＝ C．对应P点，小灯泡的电阻为R＝ D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围面积 解析：选ABD.斜率随电压的增大而减小，故电阻增大，A对．对应P点，R＝，B对，C错．由于功率P＝UI，故功率数值上等于矩形PQOM的面积，D对．‎ ‎9．先后按图中甲、乙所示电路测同一未知电阻阻值Rx，已知两电路的路端电压恒定不变，若按图甲所示电路测得电压表示数为6 V，电流表示数为2 mA，那么按图乙所示电路测得的结果应有(　　)‎ A．电压表示数为6 V，电流表示数为2 mA B．电压表示数为6 V，电流表示数小于2 mA C．电压表示数小于6 V，电流表示数小于2 mA D．电压表示数小于6 V，电流表示数大于2 mA 解析：选D.由串联电路与并联电路的知识可知，在图乙接法中，Rx与电压表V并联之后的电阻小于Rx，故Rx两端电压减小，电流表两端电压增大，流过电流表的电流增大，D对．‎ ‎10．有一个已充了电的电容器，若使它的电荷量减少3×10－‎6 C，则其电压降为原来的，则下列说法正确的是(　　)‎ A．电容器原来的电荷量是9×10－‎‎6 C B．电容器原来的电荷量是4.5×10－‎‎6 C C．电容器原来的电压可能是5 V D．电容器原来的电压可能是5×10－7 V 解析：选BCD.由题意知＝，解得Q＝4.5×10－‎6 C．当U1＝5 V时，C1＝＝ F＝0.9 μF；当U2＝5×10－7 V时，C2＝＝ F＝‎9 F.‎ 二、实验题(本题共2小题，共16分．按题目要求作答)‎ ‎11．(6分)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中．‎ ‎(1)实验中滑动变阻器应采用________接法(填“分压”或“限流”)‎ ‎(2)用笔画线代替导线，将实验电路连接完整，使该装置可以更好、更准确地完成实验；‎ ‎(3)描绘出伏安特性曲线如图，其弯曲的主要原因是________________________________．‎ 解析：(1)由于描绘伏安特性曲线时电压要从零开始变化，所以滑动变阻器用分压式接法 ‎(2)小灯泡电阻较小，电流表用外接法，补充的线见下图 ‎(3)因为电压越高，相同时间内灯丝产生的热量越多，灯丝温度升高，灯丝电阻增大．‎ 答案：(1)分压　(2)图见解析　(3)灯丝电阻随电压的增大而增大 ‎12．(10分)某同学通过查找资料自己动手制作了一个电池．该同学想测量一下这个电池的电动势E和内电阻r，但是从实验室只借到一个开关、一个电阻箱(最大阻值为999.9 Ω，当作标准电阻用)、一只电流表(量程Ig＝‎0.6 A，内阻rg＝0.1 Ω)和若干导线．‎ ‎(1)请根据测定电动势E和内电阻r的要求，设计图甲中器件的连接方式，画线把它们连接起来．‎ ‎(2)接通开关，逐次改变电阻箱的阻值R，读出与R对应的电流表的示数I，并作记录．当电阻箱的阻值R＝2.6 Ω时，其对应的电流表的示数如图乙所示，处理实验数据时，首先计算出每个电流值I的倒数；再制作R－坐标图，如图所示，图中已标注了(R，)的几个与测量值对应的坐标点．请你将与图乙实验数据对应的坐标点也标注在图上．‎ ‎(3)在图上把描绘出的坐标点连成图线．‎ ‎(4)根据描绘出的图线可得出这个电池的电动势E＝________ V，内电阻r＝________ Ω.‎ 解析：根据闭合电路欧姆定律，测量电源的电动势和内电阻，需要得到电源的路端电压和通过电源的电流，在本实验中没有电压表，但是可以用电阻箱和电流表串联充当电压表，测量电源的路端电压，通过电流表的电流也是通过电源的电流，所以只需要将电流表和电阻箱串联接在电源两端即可．实物图的连接如图所示．‎ 由闭合电路欧姆定律有：‎ E＝I(R＋r＋rg)，解得R＝E·－(r＋rg)，根据R－图线可知：电源的电动势等于图线的斜率，内阻为纵轴负方向的截距减去电流表的内阻．得E＝1.5 V　r＝0.3 Ω 答案：(1)(2)见解析　(3)如图所示 ‎(4)1.5(1.46～1.54)　0.3(0.25～0.35)‎ 三、计算题(本题共4小题，共44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)‎ ‎13．(10分)如图所示，PQ和MN为水平、平行放置的金属导轨，相距‎1 m，导体棒ab跨放在导轨上，棒的质量m＝‎0.2 kg，棒的中点用细绳经滑轮与物体相连，物体质量M＝‎0.3 kg，棒与导轨间的动摩擦因数μ＝0.5，匀强磁场的磁感应强度B＝2 T，方向竖直向下，为了使物体匀速上升，应在棒中通入多大的电流？方向如何？(g取‎10 m/s2)‎ 解析：棒受的安培力水平向左，由左手定则知，棒中电流由a流向b，(2分)‎ 对棒受力分析如图 有F安＝T＋f(2分)‎ 而f＝μmg(1分)‎ T＝Mg(1分)‎ F安＝IlB(2分)‎ 解得I＝‎2 A．(2分)‎ 答案：‎2 A　由a到b ‎14．(10分)电动势E＝6 V，内阻r＝0.5 Ω的电源和一台线圈电阻为R＝0.2 Ω的电动机连接，电动机正常工作，这时电动机两端的电压U＝5 V．求：‎ ‎(1)电动机输入的电功率P1和电动机输出的机械功率P2；‎ ‎(2)电源的总功率P和电源的效率η.‎ 解析：(1)根据闭合电路欧姆定律E＝U＋Ir得干路电流为I＝＝ A＝‎2 A(2分)‎ 电动机的输入功率P1＝UI＝5×2 W＝10 W(2分)‎ 电动机的输出功率P2＝UI－I2R＝9.2 W．(2分)‎ ‎(2)电源的总功率P＝IE＝2×6 W＝12 W(2分)‎ 电源的效率η＝×100%＝×100%＝83.3%.(2分)‎ 答案：(1)P1＝10 W　P2＝9.2 W ‎(2)P＝12 W　η＝83.3%‎ ‎15．(12分)在以坐标原点O为圆心、半径为r的圆形区域内，存在磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，如图所示．一个不计重力的带电粒子从磁场边界与x轴的交点A处以速度v沿－x方向射入磁场，它恰好从磁场边界与y轴的交点C处沿＋y方向飞出．‎ ‎(1)请判断该粒子带何种电荷，并求出其比荷q/m；‎ ‎(2)若磁场的方向和所在空间范围不变，而磁感应强度的大小变为B′，该粒子仍从A处以相同的速度射入磁场，但飞出磁场时的速度方向相对于入射方向改变了60°角，求磁感应强度B′多大？此次粒子在磁场中运动所用时间t是多少？‎ 解析：(1)由粒子的飞行轨迹，利用左手定则可知，该粒子带负电荷．(2分)‎ 粒子由A点射入，由C点飞出，其速度方向改变了90°，则粒子轨迹半径R＝r(1分)‎ 又qvB＝m(2分)‎ 则粒子的比荷＝(1分)‎ ‎(2)粒子从D点飞出磁场速度方向改变了60°角，故AD弧所对圆心角60°，粒子做圆周运动的半径 R′＝rcot30°＝r(2分)‎ 又R′＝(1分)‎ 所以B′＝B(1分)‎ 粒子在磁场中飞行时间：t＝T＝×＝.(2分)‎ 答案：(1)负电　　(2)B　 ‎16．(12分)如图所示，在x<0且y<0的区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B大小为2×10－4 T，在x>0且y<0的区域内存在与x轴负方向成45°角向上方向的匀强电场．已知质量m为1.60×10－‎27 kg的质子从x轴上的M点沿与x轴负方向成45°角向下垂直射入磁场，结果质子从y轴的N点射出磁场而进入匀强电场，经电场偏转后打到坐标原点O，已知＝＝l＝‎0.2 m．不计质子的重力，带电量e＝1.60×10－‎19 C，求：‎ ‎(1)质子从射入匀强磁场到O点所用的时间；‎ ‎(2)匀强电场的场强大小．‎ 解析：(1)设带电粒子射入磁场时的速度大小为v，由于带电粒子垂直射入匀强磁场带电粒子在磁场中做圆周运动，圆心位于MN中点O′，‎ 由几何关系可知，轨道半径r＝lcos45°＝‎0.2 m(2分)‎ 又Bqv＝m(2分)‎ 所以v＝＝ m/s＝4×‎103 m/s(1分)‎ 设带电粒子在磁场中运动时间为t1，在电场中运动的时间为t2，总时间为t，‎ t1＝＝(1分)‎ t2＝(1分)‎ 联立解得t＝＋＝2.07×10－4 s(1分)‎ ‎(2)带电粒子在电场中做类平抛运动，设加速度为a，则 lsin45°＝at(2分)‎ a＝(1分)‎ 解得E＝＝1.6 V/m.(1分)‎ 答案：(1)2.07×10－4 s ‎(2)1.6 V/m ‎