2018-2019学年黑龙江省大庆市大庆中学高二上学期10月月考物理试题Word版含解析 9页

‎2018-2019学年黑龙江省大庆市大庆中学高二 上学期10月月考物理试题此卷只装订不密封 班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 ‎ 物理 注意事项：‎ ‎1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。‎ ‎2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。‎ ‎3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。‎ ‎4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。‎ 第I卷（选择题）‎ 一、单选题 ‎1．下列是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中正确的是（ ）‎ A． 根据电场强度的定义式，电场中某点的电场强度和试探电荷的电荷量成反比 B． 根据电容的定义式，电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比 C． 根据真空中点电荷电场强度公式，电场中某点电场强度和场源电荷的电荷量成正比 D． 根据公式，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B点的电势差为1V ‎2．如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触。把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔都张开，（ ）‎ A． 此时A带正电，B带负电 B． 此时A电势低，B电势高 C． 移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合 D． 先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合 ‎3．在如图所示的各电场中，a、b两点的电场强度相同的是（ ）‎ A． B． ‎ C． D． ‎ ‎4．如图所示，在X轴上关于O点对称的F、G两点有等量异种电荷Q和，一正方形ABCD与XOY在同一平面内，其中心在O点，则下列判断正确的是（ ）‎ A． O点电场强度为零 B． A、C两点电场强度相等 C． B、D两点电势相等 D． 若将点电荷从A点移向C，电势能减小 ‎5．两个可自由移动的点电荷分别放在A、B两处，如图所示。A处为带电荷量为的正电荷，B处为带电荷量为的负电荷，且，另取一个可以自由移动的点电荷P，放在AB直线上，欲使整个系统处于平衡状态，则（ ）‎ A． P为负电荷，且放于A左方 B． P为负电荷，且放于B右方 C． P为正电荷，且放于B右方 D． P为正电荷，且放于A、B之间 ‎6．如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点，在这一运动过程中克服重力做的功为，电场力做的功为，则下列说法正确的是（ ）‎ A． 粒子一定带负电 B． 粒子在A点的电势能比在B点少 J C． 粒子在A点的动能比在B点少 J D． 粒子在A点的机械能比在B点少 J ‎7．如图所示为一空腔球形导体不带电，现在将一个带正电的小金属球A放入空腔中，当静电平衡时，图中a、b、c三点的场强E和电势的关系是（ ）‎ A． ， B． ，‎ C． ， D． ，‎ ‎8．如图所示，先接通电键S使电容器充电，然后断开S，增大两极板间的距离时，电容器所带电量Q，电容C，两极板间电势差U的变化情况是（ ）‎ A． Q变小，C不变，U不变 B． Q变小，C变小，U不变 C． Q不变，C变小，U变大 D． Q不变，C变小，U变小 ‎9．如图所示电场，实线表示电场线一个初速度为v的带电粒子仅电场力的作用下从a点运动到b点，虚线表示其运动的轨迹则（ ）‎ A． 粒子带正电 B． 粒子受到的电场力不断减小 C． a点电势高于b点电势 D． 电场力一直做正功，动能增加 ‎10．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即，实线为一带负电的电子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（ ）‎ A． 三个等势面中，a的电势最高 B． 电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大 C． 电子通过P点时的动能比通过Q点时大 D． 电子通过P点时的加速度比通过Q点时小 二、多选题 ‎11．下列说法正确的是（ ）‎ A． 只有很小的球形带电体才叫做点电荷 B． 带电体间的距离比它们本身的大小大得多，以至带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时，带电体就可以视为点电荷 C． 电场线在电场中真实存在 D． 电场线密集的地方电场较强 ‎12．两个完全相同的金属小球，带电量之比为1：5，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力可能为原来的（ ）倍．‎ A． B． C． D． ‎ ‎13．直线AB是某电场中的一条电场线。若有一电子以某一初速度，仅在电场力的作用下，沿AB由A运动到B，其速度图象如图所示，下列关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势、的判断正确的是（ ）‎ A． B． C． D． ‎ ‎14．如图所示，电子以初速度沿垂直场强方向射入两平行金属板中间的匀强电场中，现增大两金属板间的电压，但仍使电子能够穿过平行板，则下列说法正确的是（ ）‎ A． 电子穿越平行金属板所需要的时间减少 B． 电子穿越平行金属板所需要的时间不变 C． 电子穿越平行金属板的侧向位移增大 D． 电子穿越平行金属板的侧向位移减少 第II卷（非选择题）‎ 三、填空题 ‎15．把的试探电荷放在电场中的A点，具有的电势能。若把q2=+2×10-10的试探电荷放在电场中的A点，该电荷所具有的电势能为________J。‎ ‎16．在匀强电场中四个点a、b、c、d组成了一个平行四边形。已知a、b、c三点的电势分别为；；，d点电势为_______________‎ ‎17．长为L的金属杆原来不带电，在距其左端r处放一个电荷量为q的点电荷，则金属杆中点处的场强为_____，金属杆上的感应电荷在杆中点处产生的场强大小为____，方向向____。‎ ‎18．如图所示是定性研究平行板电容器的电容与结构之间的关系的装置，平行板电容器的A板与静电计相连，B板和静电计金属壳都接地。若充电后保持电容器带电量不变，试指出下列三个图所示的情况下，静电计指针的偏转角度变化情况。（填增大、减小或不变）‎ 正对面积减小时，静电计指针的偏转角度______；‎ 板间距离增大时，静电计指针的偏转角度______；‎ 插入电介质时，静电计指针的偏转角度______。‎ 四、解答题 ‎19．如图所示，在电场强度 的匀强电场中，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离将一带正电的点电荷P放在电场中的A点，其所受电场力的大小 求：‎ ‎（1）点电荷P所带电荷量q；‎ ‎（2）将该点电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功W．‎ ‎20．如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了，已知A、B两点间距离为4cm，两点连线与电场方向成60角，求：‎ ‎、B两点间的电势差；‎ 该匀强电场的电场强度E．‎ ‎21．如图所示，平行金属板长为L，一个带电为，质量为m的粒子以初速度紧贴上板垂直射入电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰与下板成角，粒子重力不计求：‎ ‎（1）粒子末速度大小；‎ ‎（2）电场强度；‎ ‎（3）两极间距离d．‎ ‎22．如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间距离为d，上极板正中有一小孔。质量为m、电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g）。求：‎ ‎（1）小球到达小孔处的速度；‎ ‎（2）极板间电场强度大小和电容器所带电荷量；‎ ‎（3）小球从开始下落运动到下极板的时间。‎ ‎2018-2019学年黑龙江省大庆市大庆中学高二 上学期10月月考物理试题 物理答案 ‎1．C ‎【解析】‎ 电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；用电容器和电势差的定义式即可求解．‎ A、电场强度取决于电场本身的性质，与试探电荷无关，所以不能理解电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比，故A错误．‎ B、电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，取决于电容器本身的属性，与电容器所带的电量和板间电压无关，故B错误．‎ C、根据点电荷的场强公式真空中点电荷电场强度公式E=，电场中某点电场强度和场源电荷的电荷量成正比，故C正确．‎ D、据电势差的定义式UAB=知，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B点的电势差为﹣1V，故D错误．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题关键抓住电场强度是描述电场本身性质的物理量，其大小和方向与试探电荷无关，是电场本身决定；电容取决于电容器本身；灵活应用电势差的定义式．‎ ‎2．C ‎【解析】‎ 物体C靠近A附近时，由于静电感应，A端带上负电，B端带上正电；故A错误；此时AB为等势体，两端电势相等；故B错误；移去C后，由于电荷间相互作用，重新中和，达电中性状态，两金属箔均闭合；故C正确；先把AB分开，则A带负电，B带正电，移去C后，电荷不能再进行中和，故两金属箔仍然张开；故D错误；故选C。‎ 考点：静电感应 ‎3．C ‎【解析】‎ A图和B图中的ab两点的电场的方向不同，场强大小相等，所以两点的电场强度不相同．故AB错误；C图中的ab两点，b点的电场线比较密，所以b点的场强大．故C错误；D图中的ab两点所在的电场为匀强电场，两点的电场强度大小相等，方向相同，场强相同，故D正确；故选D．‎ 点睛：本题考查电场线的性质，电场线的方向表示场强的方向，电场线的疏密表示场强的大小．‎ ‎4．B ‎【解析】‎ 等量异种电荷产生的电场中，电场线关于两电荷的连线和中垂线对称，根据对称性分析场强的大小；根据顺着电场线方向电势降低，判断电势关系．对于电势能，可根据负电荷在电势高处电势能小进行判断。‎ A项：Q和-Q在O点的电场方向均向右，根据叠加原理可知O点电场强度不为零，故A错误；‎ B项：根据电场线分布的对称性可知，A、C两点电场强度相等，故B正确；‎ C项：根据顺着电场线方向电势降低，D点的电势比B点高，故C错误；‎ D项：A到C电势逐渐降低，根据负电荷在电势高处电势能小，可知电势能增大，故D错误。‎ ‎5．C ‎【解析】‎ 假设P放在Q1Q2之间，那么Q1对P的电场力和Q2对P的电场力方向相同，P不能处于平衡状态．假设P放在Q1左边，那么Q1对P的电场力大于Q2对P的电场力，P不能处于平衡状态．则P只能放在Q2右边，要使整个系统处于平衡状态，则P只能带正电；故选C.‎ 点睛：我们可以去尝试假设P带正电或负电，根据平衡条件求解它应该放在什么地方，能不能使整个系统处于平衡状态，不行再继续判断．‎ ‎6．D ‎【解析】‎ 在由A运动B的过程中，有两个力做功，一是重力做负功，一是电场力做正功．从运动轨迹上判断，粒子带正电．从A到B的过程中，电场力做正功为2.5J，所以电势能是减少的，A点的电势能要大于B点电势能．从A到B的过程中，克服重力做功1.5J，电场力做功2.5J，由动能定理可求出动能的变化情况．从A到B的过程中，做功的力有重力和电场力，应用能量的转化与守恒可比较AB两点的机械能。‎ A项：由运动轨迹上来看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向相同，所以带电粒子应带正电，故A错误；‎ B项：从A到B的过程中，电场力做正功，电势能在减少，所以在A点时的电势能要大于在B点时的电势能故B错误；‎ C项：从A到B的过程中，克服重力做功1.5J，电场力做功2.5J，由动能定理可知，粒子在A点的动能比在B点少1J，故C错误。‎ D项：从A到B的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了2.5J，故D正确。‎ 故应选D。‎ ‎【点睛】对于本题，要明确以下几点：‎ ‎1、电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，电荷克服电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值．这常是判断电荷电势能如何变化的依据．‎ ‎2、电势能是电荷与所在的电场所共有的，且具有相对性，通常取无穷远处或大地为电势能的零点．‎ ‎3、电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似。‎ ‎7．D ‎【解析】‎ 将带正电的小金属球A放入腔中，当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷．整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面．画出电场线的分布，根据电场线越密，场强越大，顺着电场线，电势降低，判断电势的高低。‎ 当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷，画出电场线的分布如图 由于a处电场线较密，c处电场线较疏，b处场强为零，则Ea＞Ec＞Eb 根据顺着电场线方向电势降低，整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面，分析可知电势关系是φa＞φb＞φc。‎ ‎【点睛】‎ 本题抓住处于静电平衡导体的特点是关键．比较场强大小和电势高低常常画电场线，形象直观地判断。‎ ‎8．C ‎【解析】‎ 由于充电后，电容器的带电量Q不变，AB错误；根据可知，当两板间距离d增大时，电容C变小，根据可知，而两板间的电势差U增大，D错误；而内部电场强度，因此电场强度与两板间距离变化无关，C正确。‎ 考点：电容器 ‎【名师点睛】‎ 电容器的定义式是一个比值定义，也就是电容器的大小与Q和U都无关，只与它们的比值有关；而电容器的决定式说明电器的大小与两板的正对面积成正比，与两板间的距离成反比；电容器内部是匀强电场，且电场强度大小为。‎ ‎9．C ‎【解析】‎ 电场线的疏密代表电场的强弱，正电荷所受电场力的方向就是电场线的方向，而负电荷所受的电场力的方向与电场线的方向相反，沿着电场线方向电势降低。‎ A项：由轨迹弯曲方向可判断出电场力方向，受力方向指向弧内，与电场方向相反，则粒子带负电荷，故A错误。‎ B项：电场线的疏密代表电场的强弱，从a到b，电场强度先增大后减小，则粒子受到的电场力先增大后减小，故B错误；‎ C项：沿着电场线方向电势降低，则a点电势高于b点电势，故C正确；‎ D项：电场力方向与速度方向夹角大于90°，一直做负功，动能减小，电势能增大。故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点睛】‎ 本题涉及的知识较多，综合性较强，但只要我们理解了电场线的特点就能顺利解决选项A、C、D，明白了只要合外力做正功物体的动能就将增加的道理选项B就不难解决，所以我们一定要掌握好基本知识。‎ ‎10．B ‎【解析】‎ 根据轨迹弯曲的方向可知，负电荷受力的方向向下，电场线向上．故c的电势最高；根据推论，负电荷在电势高处电势能小，可知电荷在P点的电势能大；总能量守恒；由电场线疏密确定出，P点场强小，电场力小，加速度小。‎ A项：负电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧；作出电场线，根据轨迹弯曲的方向和负电荷可知，电场线向上。故c的等势面电势最高，故A错误；‎ B项：利用推论：负电荷在电势高处电势能小，知道质点在P点电势能大，故B正确； C项：只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故带电质点在P点的动能与电势能之和等于在Q点的动能与电势能之和，P点电势能大，动能小。故C错误；‎ D项：等差等势面的疏密可以表示电场的强弱，P处的等势面密，所以P点的电场强度大，粒子受到的电场力大，粒子的加速度大，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点睛】‎ 根据电场线与等势面垂直，作出电场线，得到一些特殊点（电场线与等势面交点以及已知点）的电场力方向，同时结合能量的观点分析是解决这类问题常用方法。‎ ‎11．BD ‎【解析】‎ A、B项：带电体间的距离比它们本身的大小大得多，以至带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时，带电体就可以视为点电荷，故A错误，B正确；‎ C项：电场线是人们为了形象地描述电场而引入的线，它不是真实存在的曲线，故C错误；‎ D项：电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强，故D正确。‎ 故应选BD。‎ ‎12．CD ‎【解析】‎ 由库仑定律可得：F= k，‎ 当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量之比变为3：3，所以库仑力是原来的1.8倍，‎ 当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量之比变为2：2，所以库仑力是原来的0.8倍，故CD正确，AB错误．‎ 故选：CD 点睛：两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出．当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的．‎ ‎13．AC ‎【解析】‎ 根据图象的斜率大小等于电场强度，分析场强的变化．由图看出，电势逐渐降低，可判断出电场线的方向，确定电势的高低，由电场力做功正负，分析速度的大小并判断电子电势能的变化．‎ 由图可知，电子做减速运动，加速度逐渐减小，说明受到的电场力逐渐减小，根据可知，电场强度逐渐减小，即．故A正确B错误；由图看出，电子的速度减小，则动能减小，电场力做负功，则电子受到的电场力的方向由B指向A，电子带负电，所以电场线的方向是由A指向B．A点的电势高，所以，故C正确D错误．‎ ‎14．BC ‎【解析】‎ A、B项：平行于金属板的方向电子不受力而做匀速直线运动，由L=v0t得，电子穿越平行板所需要的时间为，与金属板的长成正比，与电子的初速度大小成反比，与其他因素无关，即与电压及两板间距离均无关，故A错误，B正确；‎ C、D项：垂直于场强方向做匀加速直线运动，由可知，增大两金属板间的电压，电子穿越平行金属板的侧向位移增大，故C正确，D错误。‎ ‎15．‎ ‎【解析】‎ A的电势： ‎ 把q2=2×10-10C的试探电荷放在电场中的A点，其电势能为：‎ EP′=q2φ=2×10-10×15J=3×10-9J。‎ ‎【点睛】‎ 本题关键要抓住电势的意义：电势是表示电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关。‎ ‎16．8V;‎ ‎【解析】‎ 运用“匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等”进行分析计算d点的电势。‎ 在匀强电场中任何平行且相等的直线两端电势差相等，则有：‎ φa-φb=φd-φc 解得：φd=8V；‎ ‎【点睛】‎ 本题考查匀强电场的性质，本题也可以连接ac，再在ac线上找出与b点等势的点，从而明确电场的性质，再由几何关系确定d点的电势大小。‎ ‎17．0； ；水平向左 ‎【解析】‎ 物体带电有接触起电，有感应带电，有摩擦起电．对于感应带电，是利用同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引的原理。‎ 在距其左端r处放一个电荷量为q的点电荷 因处于静电平衡，则金属杆中点处的场强为E=0；‎ 当水平导体棒当达到静电平衡后，棒上感应电荷在棒内距离左端处产生的场强大小与一带电量为q的点电荷在该处产生的电场强度大小相等，则有：‎ ‎ ‎ 由于该处的电场强度为零，所以方向与一带电量为Q的点电荷在该处产生的电场强度的方向相反，即水平向左。‎ ‎18．增大；增大；减小 ‎【解析】‎ 静电计测量的是电容器两极板间的电势差，电势差越大，金属箔张角越大。根据，判断电容的变化，根据判断电势差的变化。‎ ‎①正对面积减小时，根据，判断电容变小，电容器的带电量Q不变，根据判断电势差变小，所以静电计指针的偏转角度增大；‎ ‎②板间距离增大时，电容变小，电容器的带电量Q不变，电势差变大，静电计指针的偏转角度增大；‎ ‎③插入电介质时，电容变大，带电量不变，电势差减小，静电计指针的偏角减小。‎ ‎【点睛】‎ 解决本题的关键根据，判断电容的变化，根据判断电势差的变化。‎ ‎19．（1） ‎ ‎（2） ‎ ‎【解析】‎ 根据电场强度的定义式求出点电荷的电荷量；电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功根据公式：W=Fs即可求得。‎ ‎(1)根据得该电荷的电荷量为： ‎ ‎(2)电场力对电荷所做的功W=Fs=4.0×10-4×0.10J=4.0×10-5 J。‎ ‎【点睛】‎ 解决本题的关键掌握电场强度的定义式，知道电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反。‎ ‎20．（1）50V ‎（2）2500V/m ‎【解析】‎ ‎(1)由题，电势能增加多少，电场力做负功多少。由求解电势差；‎ ‎(2)由U=Ed=EABcos60°可求解电场强度E。‎ ‎【详解】‎ ‎(1)将一电荷量为2×10-5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.001J，则电场力做负功0.001J，‎ 则A、B两点间的电势差：；‎ ‎(2) 强电场的电场强度。‎ ‎【点睛】‎ 本题考查电场力做功与电势能变化的关系、电势差与场强的关系，要注意明确U=Ed中的d为沿电场线方向上的距离。‎ ‎21．(1) ‎ ‎（2） ‎ ‎（3） ‎ ‎【解析】‎ 粒子在电场中做类平抛运动，由运动的合成与分解可知粒子的末速度的大小；将粒子的运动分解为水平方向的匀速运动和竖直方向的匀加速直线运动，则由运动的合成与分解可求得电场强度；由动能定理可求得两板间的距离。‎ ‎(1)粒子离开电场时速度如图所示，‎ 由图示可知：‎ ‎；‎ ‎(2)(3)带电粒子做类平抛运动，‎ 在水平方向上：L=v0t，‎ 粒子离开电场时，粒子竖直方向的分速度：vy=v0tan30°，‎ 两板间的距离： ‎ 解得： ‎ 粒子从射入电场到离开电场，‎ 由动能定理得： ‎ 解得：。‎ ‎【点睛】‎ 本题考查带电粒子在电场中的运动，若垂直电场线进入则做类平抛运动，要将运动分解为沿电场线和垂直于电场线两个方向进行分析，利用直线运动的规律进行求解。‎ ‎22．(1) ‎ ‎(2) ， ‎ ‎(3) ‎ ‎【解析】‎ ‎（1）小球到达小孔前是自由落体运动，根据速度位移关系公式，有：v2=2gh 解得： …①‎ ‎（2）对从释放到到达下极板处过程运用动能定理列式，有：mg（h+d）-qEd=0‎ 解得： …②‎ 电容器两极板间的电压为： ‎ 电容器的带电量为： ‎ ‎（3）加速过程：‎ mgt1=mv…③‎ 减速过程，有：‎ ‎（mg-qE）t2=0-mv…④‎ t=t1+t2…⑤‎ 联立①②③④⑤解得： ‎ 考点：牛顿第二定律及动能定理的应用 ‎【名师点睛】‎ 本题关键是明确小球的受力情况和运动规律，然后结合动能定理和动量定理列式分析，不难。 ‎