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  • 2021-05-26 发布

【物理】2020届二轮复习专题14交变电流专题练(信阳高中)

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专题14交变电流专题练 ‎1.对于如图所示的电流i随时间t做周期性变化的图像,下列描述哪些是正确的( )‎ A.电流的大小变化,方向也变化,是交流电 B.电流的大小不变,方向不变,是直流电 C.电流的大小变化,方向不变,不是交流电 D.以上说法都不正确 ‎2.如图所示,单匝矩形线圈的一半放在具有理想边界的匀强磁场中,线圈轴线OO′与磁场边界重合。t=0时线圈从图甲所示的位置开始匀速转动,规定电流方向沿a→d→c→b→a为正方向。则线圈内感应电流随时间变化的图象应是图中的( )‎ A. B.‎ C. D.‎ ‎3.如图所示,单匝矩形闭合导线框abcd全部处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中,线框面积为S,电阻为R,线框绕与cd边重合的竖直固定转轴以角速度ω匀速转动,下列说法正确的是()‎ A.转过图示位置时,线框中的电流方向为abcda B.转动过程中线框产生感应电流的有效值为 C.线框转一周的过程中,产生的热量为 D.从图示位置开始转过的过程中,通过导线横截面的电荷量为 ‎4.关于家庭电路的下列做法,不符合安全用电常识的是( )‎ A.发现有人触电,应首先切断电源 B.检修电路故障时,应尽量在通电情况下作业 C.有金属外壳的用电器,金属外壳一定要接地 D.为了保证电路安全,家里尽量不要同时使用多个大功率电器 ‎5.图甲是一台小型发电机的构造示意图,线圈逆时针转动,从某位置开始计时,产生的电动势e时间t变化的正弦规律图象如图乙所示。发电机线圈的内电阻不计,外接灯泡的电阻为12,则 A.在t=0.Ols时刻,线圈处于垂直中性面的位置 B.电压表的示数为 C.灯泡消耗的电功率为3W D.若其他条件不变,仅将线圈的转速提高一倍,则线圈电动势的表达式 ‎6.某小型电热器,当将它接在输出电压为5 V的直流电源上时,其消耗的电功率为P;当将它接在某正弦交流电源上时,其消耗的电功率为2P。若电热器电阻不变,则该交流电源输出电压的最大值为( )‎ A.V B.20 V C.V D.10 V ‎7.为了研究交流电的产生过程,小张同学设计了如下实验构思方案:第一次将单匝矩形线圈放在匀强磁场中,线圈绕转轴OO1按图示方向匀速转动(ab向纸外,cd向纸内).并从图甲所示位置开始计时.此时产生的交流电如图乙所示.第二次他仅将转轴移至ab边上,第三次他仅将转轴右侧的磁场去掉,关于后两次的电流图象,下列说法正确的是(  )‎ A.第二次是A图 B.第二次是C图 C.第三次是B图 D.第三次是D图 ‎8.图甲所示的变压器原、副线圈匝数比为3:1,图乙是K闭合时该变压器cd输入端交变电压的图象,L1、L2、L3、L4为四只规格均为“12V,6W”的相同灯泡,各电表均为理想交流电表。以下说法正确的是( ) ‎ A.ab输入端电压的瞬时值表达式为 B.电流表的示数为1.5A,L1能正常发光 C.ab输入端输入功率Pab=18W D.断开K,L2中的电流不变 ‎9.四个相同的灯泡分别接在如图所示的位置,理想变压器原线圈串联灯泡L1,副线圈回路并联三个灯泡L2、L3、L4,AB两端接交流电源电压按如图乙所示规律变化,现闭合开关S,四个灯泡均正常发光,下列说法正确的是 A.电压表示数为220V B.灯泡的额定电压为55V C.变压器原副线圈的匝数比为3︰1‎ D.若断开开关S电压表示数减小 ‎10.某同学模拟“远距离输电”电路,将实验室提供的器材连接成了如图所示电路。A、B为理想变压器,灯L1、L2相同且阻值不变,输电线路等效电阻为R。现保持A的输入电压不变,当开关S断开时,灯L1正常发光,则 A.仅闭合S,L1变暗 B.仅闭合S,输电线路的发热功率变小 C.仅将滑片P上移,L1变亮 D.仅将滑片P上移,输电线路的发热功率变小 ‎11.如图所示,一理想变压器原线圈可通过移动滑动触头P的位置改变接入电路的匝数,b为原线圈的中点.当P接a时,原、副线圈的匝数比为10:1,线圈L的直流电阻不计.若原线圈所接电源电压如图乙所示,则(  )‎ A.当P接a时,灯泡B两端的电压为22V,频率为50Hz B.只将P由a向b滑动时,变压器的输入功率增大 C.只增大电源的频率,灯泡B变亮 D.只将变阻器尺的滑片M向上滑动时,灯泡B亮度不变 ‎12.远距离输电的简化电路如图所示,发电厂的输出电压是%两条输电线输电的等效总电阻为r,输电线路中的电流是I1,其末端间的电压为U1,在输电线与用户间连有一理想降压变压器,其原副线圈匝数比为,流入用户端的电流是下列下列关系式正确的是 A.‎ B.‎ C.输电线路上损失的电功率为 D.理想变压器的输入功率为 ‎13.(1) 在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中,下列器材在实验中不必用到有____________。‎ ‎(2) 若在实验中用匝数N1=400匝和N2=800匝的变压器,对应的电压测量数据如表所示。根据测量数据,下列说法正确的是______。‎ ‎ ‎ A.N1一定是原线圈 ‎ B.N2一定是原线圈 C.N1可能是副线圈 ‎ D.N2可能是副线圈 ‎14.(1)在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中,实验室中备有下列可供选择的器材:‎ A.可拆变压器(铁芯、两个已知匝数的线圈)‎ B.条形磁铁 C.直流电源 D.交流电源 E.多用电表 F.开关、导线若干 上述器材在本实验中不必用到的是_____(填正确答案标号)‎ ‎(2)某同学将原线圈接在所选电源上,在电源电压不变的情况下,先保持原线圈的匝数不变,增加副线圈的匝数,观察到副线圈两端的电压增大:然后再保持副线圈的匝数不变,增加原线圈的匝数,观察到副线圈两端的电压_____(选填“增大”、“减小”或“不变”)。‎ ‎15.如图所示,有一矩形线圈,面积为S,匝数为n,整个线圈的电阻为r,在磁感应强度为B0的磁场中,绕OO′轴以角速度ω0匀速转动,外电阻为R ‎,当线圈由图示位置转过90°的过程中,求 ‎(1)通过电阻R的电荷量是多少?‎ ‎(2)外力做功是多少?‎ ‎16.发电机的输出电压为220V,输出功率为44KW,输电线电阻为0.4Ω ‎(1)求用户得到的电压和电功率各是多少?‎ ‎(2)如果发电站先用变压比为1∶10的升压变压器将电压升高,经同样输电线路后,再经过10∶1的降压变压器降压后供给用户,则用户得到的电压和电功率又各是多少?‎ ‎17.如图甲所示,一固定的矩形导体线圈水平放置,线圈的左端接一只小灯泡,线圈所在空间内存在与线圈平面垂直且均匀分布的磁场.已知线圈的匝数n=100匝、总电阻r=1.0 Ω、所围成矩形的面积S=0.040 m2,小灯泡的电阻R=9.0 Ω,磁感应强度随时间按如图乙所示的规律变化,线圈中产生的感应电动势瞬时值的表达式为e=nBmScos t,其中Bm为磁感应强度的最大值,T为磁场变化的周期,不计灯丝电阻随温度的变化.求:‎ ‎(1)线圈中产生感应电动势的最大值;‎ ‎(2)小灯泡消耗的电功率;‎ ‎(3)在磁感应强度变化的0~时间内,通过小灯泡的电荷量.‎ ‎18.如图所示,面积为0.02m2、内阻不计的100匝矩形线圈ABCD,绕垂直于磁场的轴00′匀速转动,转动的角速度为100rad/s,匀强磁场的磁感应强度为T.矩形线圈通过滑环与理想变压器相连,触头P可移动,副线圈所接电阻R=50Ω,电表均为理想交流电表.当线圈平面与磁场方向平行时开始计时, 求:‎ ‎(1)线圈中感应电动势的表达式。‎ ‎(2)由图示位置转过45°角的过程产生的平均感应电动势。‎ ‎(3)当原、副线圈匝数比为4:1时,求电阻R上消耗的电功率。‎ 参考答案 ‎1.C ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 由图象可知,电流的方向不变,而大小作周期性变化,所以不是交流,而是直流,但不是恒定直流;故选C.‎ ‎2.A ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 图示时刻后瞬间,由楞次定律判断出线圈中感应电流方向为:a→b→c→d→a,为负方向。线圈中产生的感应电动势表达式为,S是线圈面积的一半,则感应电流的表达式为,其中.故线圈中感应电流按正弦规律变化,根据数学知识得知A正确, BCD错误。‎ ‎3.B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A. 线框经过图示位置时,线框各边均不切割磁感线,线框中无感应电流,故A错误;‎ B. 线圈转动过程中产生电动势的有效值为,所以电流的有效值为,故B正确;‎ C. 产生热量,故C错误;‎ D. 从图示位置开始转过的过程中,通过导线横截面的电荷量为,故D错误。‎ ‎4.B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 当发现有人触电时,应该立即采取的措施是:迅速切断电源或用绝缘体挑开电线,不能用手拉开电线和触电的人,这样自己也会触电。符合安全用电常识;检修电路故障时,必须使电路断开。不符合安全用电常识;金属外壳的用电器的外壳一定要接地,避免金属外壳用电器漏电时发生触电事故。符合安全用电常识;电路中电流过大的原因有两个:一是短路;二是家中使用用电器的总功率过大。故大功率用电器同时使用时,将会使电路中的电流过大,引起火灾。符合安全用电常识。此题选择不符合安全用电常识的,故选B。‎ ‎5.C ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A .在t=0.01s的时刻,电动势为0,则为中性面,穿过线圈磁通量最大。故A错误;‎ B.电动势的最大值为Em=6V,电压表测量的为有效值,故示数为6V;故B错误;‎ C.灯泡消耗的功率P==3W;故C正确;‎ D.周期为0.02s,则瞬时电动势的表达式为e=Emsin(t),转速提高一倍后,最大值变成V,ω=2πn,故角速度变为原来的2倍,表达式应为:e=12sin200πt(V),故D错误;‎ ‎6.D ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 由电流热效应可知,电热器接直流电,在T时间内产生的热量为 Q1=T=PT 电热器接正弦交流电,在T时间内产生的热量为 Q2=T=2PT 两式联立,交流电源输出电压的最大值 Um=10V A.交流电源输出电压的最大值Um=V,与上分析不一致,故A错误;‎ B.交流电源输出电压的最大值Um=20V,与上分析不一致,故B错误;‎ C.交流电源输出电压的最大值Um=V,与上分析不一致,故C错误;‎ D.交流电源输出电压的最大值Um=10V,与上分析一致,故D正确。‎ ‎7.D ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ABCD.第二次将转轴移到ab边上产生的感应电流,与第一次相同,第三次将OO1右侧磁场去掉,线圈在转动过程中只有一边切割,产生感应电动势的最大值为原来的,故A、B、C错误,D项正确.‎ ‎8.B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 由输入端交变电压u的图象,可知其最大值为,有效值为有效值是U1=36V,副线圈电压为:,所以副线圈三只灯泡均能正常发光。灯泡的额定电流:,电流表的读数为,原线圈电流为,所以原线圈的灯泡L1也能正常发光,ab输入端电压为Uab=U+3U2=12+36V=48V,输入端电压的瞬时值表达式为,故A错误,B正确;四个灯泡都正常发光,所以ab输入端输入功率Pab=4×6=24W,故C错误;若将K断开,则副线圈上的输出电流将减小,所以原线圈的输入电流也减小,则流过灯泡L1的电流减小,L1上消耗的电压减小,所以原线圈上的电压降增大,副线圈的电压也增大,则可知L2中的电流将变大,故D错误。‎ ‎9.BC ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ABC.由图乙可知AB两端电压有效值为,因四个灯泡均正常工作,可知原、副线圈电流之比为,根据可知变压器原、副线圈的匝数比为;灯泡的额定电压为U,则电压表示数为,故,则,故A错误,BC正确;‎ D.若断开开始S则原线圈回路电流为零,电压表示数增大为,故D错误。‎ ‎10.AD ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 理想变压器的输入功率由输出功率决定,输出电压由输入电压决定;明确远距离输电过程中的功率、电压的损失与哪些因素有关,明确整个过程中的功率、电压关系,理想变压器电压、电流和匝数关系.‎ ‎【详解】‎ AB. 闭合s,则消耗功率增大,B副线圈中电流增大,B原线圈电流也增大,则R上损失的电压和功率增大,则B输入电压UB1=UA2−IR,减小,灯泡两端电压UB2减小,故灯泡会变暗,故A正确,B错误;‎ CD. 仅将滑片P上移,A副线圈匝数减小,则输出电压减小,B的输入电压减小,灯泡电压也减小,故L1变暗,消耗功率减小,流过灯泡的电流减小,则B输入电流减小,流过R的电流减小,输电线路的发热功率变小,故C错误,D正确;‎ 故选:AD ‎11.BD ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A、当P接a时,原、副线圈的匝数比为n:1,原线圈接u=Umsinωt的交流电,根据原副线圈匝数之比等于电压之比得:副线圈电压U2==22V,由于线圈L通有交变电流,所以灯泡B两端的电压要小于22V,故A错误;‎ B、只将P由a向b滑动时,原线圈匝数减小,副线圈的匝数不变,根据原副线圈匝数之比等于电压之比得:副线圈电压增大,根据P=得副线圈的输出功率增大,所以变压器的输入功率增大,故B正确;‎ C、只增大电源的频率,副线圈的电流频率也增大,线圈L通直流,阻交流,当交流的频率增大时,线圈L的阻碍效果增大,灯泡B变暗,故C错误;‎ D、只将变阻器R的滑片M向上滑动时,原副线圈匝数不变,副线圈电压不变,所以灯泡B亮度不变,故D正确;‎ ‎12.BD ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A.由于输电线与用户间连有一理想变压器,匝数与电流成反比,所以,故A错误;‎ B.输电线上损失的电压为U-U1=I1r,故B正确;‎ C.等效总电阻是r的两条输电线输电,输电线路中的电流是I1,所以输电线是损耗的功率是:P=I12r.故C错误;‎ D.理想变压器的输入功率为U1I1=UI1-I12r.故D正确;‎ ‎13.(1)AC (2)A ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 依据“探究变压器的电压与匝数的关系”的实验原理,结合各仪器的作用,即可判定选取;‎ 根据表格数据,通过比较,即可寻找原副线圈的匝数与电压的关系。‎ ‎【详解】‎ ‎(1)“探究变压器的电压与匝数的关系”要用低压交流电源和交流电表,所以不需要干电池和滑动变阻器,故选AC; (2)表格中每组数据都可以看出匝数之比近似等于电压之比,N1=400匝和N2=800匝,,N1一定是原线圈,N2为副线圈,故A正确,故选A;‎ ‎14.BC 减小 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎(1)[1]A.变压器线圈两端的电压与匝数的关系:‎ 所以需要知道原副线圈的匝数,需要可拆变压器,故A项与题意不相符 B.变压器的原理是互感现象的应用,是原线圈磁场的变化引起副线圈感应电流的变化,所以不需要外界的磁场,条形磁铁用不到,故B项与题意相符;‎ CD.变压器的原理是互感现象的应用,是原线圈磁场的变化引起副线圈感应电流的变化,如果原线圈中通的是直流电源,则副线圈中不会有感应电流产生,故需要用到低压交流电源,故C项与题意相符,D项与题意不相符;‎ E.需要用到多用电表测量原副线圈的电压,故E项与题意不相符;‎ F.还需要用到开关、导线若干,故F项与题意不相符。‎ ‎(2)[2]根据 知保持副线圈的匝数不变,增加原线圈的匝数,观察到副线圈两端的电压减小。‎ ‎15.(1) (2)‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎(1)感应电动势:,感应电流:,通过的电量:‎ ‎(2)感应电动势的最大值: ,有效值为:,电场力做功,有:,根据角速度公式经过的时间:联立解得:‎ ‎16.(1)140V;28000W.(2)219.2V;43840W ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)根据P=UI求出输电电流,再根据U损=IR,P损=I2R求出电压损失和功率损失,从而求出用户得到的电压和电功率. (2)根据电压比等于线圈匝数比,电流比等于匝数之反比求出输电线上的输送电流和输送电压,根据P损=I2R、U损=IR求出输电线上损失的功率和电压,得出降压变压器的电压和功率,根据原副线圈功率相等,以及电压比等于匝数之比求出降压变压器副线圈的电压和功率.‎ ‎【详解】‎ ‎(1)根据P=UI得, ‎ 则输电线上的电压损失U损 ‎=IR=200×0.4V=80V,  功率损失P损=I2R=40000×0.4W=16000W. 所以用户得到的电压U用户=U-U损=220-80V=140V,‎ 用户得到的功率P用户=P-P损=44000-16000W=28000W. (2),得U1=2200V ,得I1=20A 则输电线上的电压损失U损′=I1R=20×0.4V=8V  功率损失P损′=I2R=400×0.4W=160W 所以降压变压器的输入电压U2=U1-U损′=2200-8V=2192V 降压变压器的输入功率P2=P-P损′=44000-160W=43840W 根据 , 则用户得到的电压U用户′=219.2V 变压器输入功率和输出功率相等,所以用户得到的功率P用户′=P2=43840W.‎ ‎【点睛】‎ 解决本题的关键知道原副线圈的电压比等于线圈匝数比,电流比等于匝数之反比,变压器输入功率和输出功率相等.‎ ‎17.(1)8.0V(2)2.88W(3)4.0×10-3C ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎(1)由题图乙知,线圈中产生的交变电流的周期T=π×10-2 s,所以:Em=nBmS=8.0 V.‎ ‎(2)电流的最大值:,‎ 有效值:A,‎ 小灯泡消耗的电功率:P=I2R=2.88 W.‎ ‎(3)在0~时间内,电动势的平均值:‎ 平均电流:‎ 通过灯泡的电荷量:Q==4.0×10-3 C.‎ ‎18.(1)e=100cos(100t)V (2) (3)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据线圈中感应电动势Em=BSω,结合开始计时位置,即可确定瞬时表达式,再由电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,变压器的输入功率和输出功率相等,并知道电表是交流电的有效值.‎ ‎【详解】‎ ‎(1)感应电动势的最大值为:‎ 线圈中感应电动势的表达式为:e=100cos(100t)V ‎ ‎(2)线圈转过45°角过程中产生的平均感应电动势为:‎ ‎ ‎ ‎(3)电压表示数电压的有效值为:‎ 电阻R两端的电压为: ‎ 电阻R上消耗的功率为:‎

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