2018-2019学年山东省德州市高一上学期期末考试物理试卷+Word版含解析 14页

高一物理试题 一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1-'6题 只有一项符合题目要求，第7-12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但 ‎ 不全的得2分，有选错或不答的得0分。） ‎ ‎1.下面说法中错误的是 A. 物体运动状态发生变化，一定有力作用在该物体上 B. 物体速度变化的方向与它受到的合外力的方向总是一致的 C. 物体受恒定外力作用，它的加速度也恒定 D. 力是维持物体运动的原因 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因。物体速度变化的方向与加速度方向相同，就与合外力方向相同。结合牛顿第二定律分析。‎ ‎【详解】物体的运动状态发生改变，即物体的速度发生改变，一定有加速度，因此，一定有力作用在该物体上，故A说法正确；物体速度变化的方向与加速度的方向总是一致的，而合外力的方向与加速度的方向总是一致的，故速度变化的方向与合外力的方向总是一致的，故B说法正确；根据牛顿第二定律F=ma，可知物体所受的合外力恒定则物体的加速度恒定，故C说法正确；力是产生加速度的原因，不是维持物体运动的原因，故D说法错误。所以选D。‎ ‎【点睛】解决本题的关键要正确理解力与运动的关系，知道力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因。‎ ‎2.某人驾车从德州到潍坊用时4h，车上里程表的示数增加了‎300 km，根据地图上的相关数据得到出发地到目的地的直线距离为‎240 km，则整个过程中汽车的位移大小和平均速度的大小分别为 A. ‎240 km ‎60 km/h B. ‎240 km ‎75 km/h C. ‎300 km ‎60 km/h D. ‎300 km ‎‎75 km/h ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 明确位移的定义即可由题意得出位移；再根据平均速度等于位移与时间的比值即可求得平均速度。‎ ‎【详解】位移大小为两点间直线距离的长度，由题意可知，位移为‎240km；平均速度为，故A正确，BCD错误。‎ ‎【点睛】本题考查位移以及平均速度的计算；要注意明确位移和路程；平均速率和平均速度的区别。‎ ‎3.下列说法正确的是 A. 同一物体沿同一水平面滑动，速度较大时停下来的时间较长，说明惯性与速度有关 B. 各种小型车辆乘员（包括司机）必须系好安全带，这样可以避免因人的惯性而造成的伤害 C. “强弩之末，势不能穿鲁缟也”，这说明箭的惯性减小了 D. 在国际单位制中，三个力学基本物理量分别是长度、力、时间 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。在国际单位制中，米、千克、秒三个物理量被选作力学的基本单位，长度、质量、时间被选作力学的基本物理量。‎ ‎【详解】惯性是物体固有惯性，只与物体的质量有关，故A错误；汽车驾教员在驾驶汽年时系上安全带是为了防止惯性造成的伤害，故B正确；惯性是物体的固有属性，大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与速度的大小无关，故C错误；在国际单位制中，力学的三个基本单位分别是米、千克、秒，故D错误。所以B正确，ACD错误。‎ ‎【点睛】物体的惯性的大小只与质量有关，与其他都无关。而经常出错的是认为惯性与物体的速度有关。‎ ‎4.如图所示，物体A以速率v0从地面竖直上抛，同时物体B从某高处由静止自由下落，经 过时间t0物体B正好以速率v0落地。规定竖直向上为正方向，不计空气阻力，两物体在 时间t0内的v-t图象正确的是 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 物体A做竖直上匀减速运动，加速度向下且为g；物体B下降过程做匀加速运动，加速度向下且为g，根据速度时间公式，再结合数学知识分析即可解题。‎ ‎【详解】规定竖直向上为正方向，物体A做竖直上做匀减速运动，速度为负值，加速度向下且为g；物体B下降过程做匀加速运动，速度为正，加速度向下且为g，根据速度时间公式：v=gt，可知D正确，ABC错误。‎ ‎【点睛】关键是根据运动学公式写出v与t的解析式，来分析图象的形状，也可以根据图象的斜率表示加速度来分析。‎ ‎5.如图所示，板擦由于磁性的吸引而紧压在竖直的黑板上静止不动，下列说法中正确的是 ‎ A. 黑板对板擦的弹力和板擦对黑板的弹力是一对平衡力 B. 板擦的重力跟板擦对黑板的静摩擦力是一对平衡力 C. 黑板和板擦之间存在三对作用力与反作用力 D. 板擦的重力和黑板对板擦的静摩擦力是一对作用力与反作用力 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上。相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在两个物体上。‎ ‎【详解】黑板对板擦的弹力和板擦对黑板的弹力，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在两个物体上，是相互作用力，故A错误；板擦的重力跟黑板对板擦的静摩擦力是一对平衡力，故B错误；黑板和板擦之间存在三对作用力与反作用力分别是：黑板对板擦的弹力和板擦对黑板的弹力、黑板对板擦的摩擦力力和板擦对黑板的摩擦力和黑板对板擦的压力和板擦对黑板的压力，故C正确；板擦的重力和黑板对板擦的静摩擦力，大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上是一对平衡力，故D错误。所以C正确，ABD错误。‎ ‎【点睛】本题主要考查学生对平衡力和相互作用力的辨别，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用于同一物体。‎ ‎6.金属小球A自楼顶由静止自由落下高度为时，另一金属小球B自离地面高度为处 由静止自由下落，两金属小球同时落地，不计空气阻力，则楼高为 A. + B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A、B两球分别做自由落体运动，根据位移时间公式求得A、B下落的时间根据时间关系特点即可求得。‎ ‎【详解】设楼的高度为H，根据可知，A球下落到地面的时间为：，下落h1所需时间为：，则B下落的时间t′=t-t1，则，联立解得：，故B正确，ACD错误。‎ ‎【点睛】本题主要考查了自由落体运动的位移时间公式，明确A、B两球同时落地，找出A、B两球的时间关系即可求解。‎ ‎7.打篮球时，运动员竖直起跳投篮的过程可分为：下蹲、蹬地、离地上升和下落四个过程，以 下说法中正确的是 A. 下蹲过程中运动员始终处于超重状态 B. 下蹲过程中运动员始终处于失重状态 C. 离地上升过程中运动员处于失重状态 D. 下落过程中运动员处于失重状态 ‎ ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 当人对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说人处于超重状态，此时有向上的加速度；当人对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说人处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g。‎ ‎【详解】下蹲过程中先加速在减速，加速度先向下在向上，所以先失重后超重，故AB错误；离开地面后，人对地面就没有作用力了，处于完全失重状态，此时有向下的加速度，加速度的大小为重力加速度g，故C正确；下落过程中，有向下的加速度，加速度的大小为重力加速度g，处于失重状态，故D正确。所以CD正确，AB错误。‎ ‎【点睛】本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对地面的压力变了。‎ ‎8.一个物体受几个共点力的作用而处于平衡状态，当其中一个力的大小逐渐减小到零然后又恢复到原值的过程中（ ）‎ A. 其加速度先增大，后减小 B. 其加速度先增大，后反方向减小 C. 其速度一直在增大，最后达最大 D. 其最终将回到原来位置，并保持平衡状态 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ A、当保持其它力不变，仅使其中的一个力由大逐渐减小到零，然后又恢复到原值的过程中，合力先增大再减小，方向不变，则加速度先增大后减小，由于加速度方向与速度方向一直相同，则物体一直做加速运动，速度一直在增加．故A 正确，B错误，C正确．D、由于物体的速度方向不变，物体一直向前运动，没有回到原来的位置，故D错误．故选AC．‎ ‎【点睛】解决本题的关键知道加速度的方向与合外力的方向相同，以及会通过加速度方向与速度方向关系判断物体做加速运动还是减速运动 ‎9.如图所示，粗糙水平面上有一物块m，在水平恒力F作用下做匀速直线运动，在其正前方 固定一轻质弹簧，当物块与弹簧接触后向左运动的过程中（弹簧始终处于弹性限度内），下 列说法正确的是 ‎ A. 物块接触弹簧后速度一直减小 B. 物块接触弹簧后速度先增大后减小 C. 当弹簧被压缩到弹力等于F时，物块的加速度等于零 D. 物块的加速度一直增大 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 弹簧的弹力与弹簧压缩的长度成正比，根据恒力F和摩擦力的合力与弹力的大小关系，由牛顿定律分析物块的运动情况。‎ ‎【详解】物块与弹簧接触后，弹簧弹力不断增大，合力向右，加速度向右，物体做加速度不断增大，速度逐渐减小的运动，直到速度减为零，故AD正确，BC错误。‎ ‎【点睛】本题主要考查了牛顿第二定律分析物块的运动情况，要注意初始时物块匀速运动，属于基础题。‎ ‎10.如图所示，一个人用双手握紧竖直放置的半圆形支架静止悬于空中。若手臂OP、OQ的 拉力分别是FP、FQ，手臂OP保持水平不动，在手臂OQ缓慢移动到OQ’位置的过程中，下列说法正确的是 ‎ A. FP变大 B. FP变小 C. FP与FQ的合力始终不变 D. FP与FQ的合力变大 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 以人为研究对象，分析受力情况，运用作图法分析FP与重力的大小关系．人保持静止状态，则知FP与FQ的合力始终大小不变．由图判断FP与FQ的变化情况。‎ ‎【详解】以人为研究对象，分析受力情况如图所示：‎ 人保持静止状态，则知FP与FQ的合力与重力G大小相等、方向相反，保持不变，故C正确；由图看出FP的大小在减小，FQ的大小也在减小，故A D错误，B正确。所以BC正确，AD错误。‎ ‎【点睛】本题是动态平衡问题，运用图解法比较直观，也可以运用函数法进行研究。‎ ‎11.如图所示，不计质量的光滑小滑轮悬挂于墙上0点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，物块A 悬于空中，物块B位于水平面上，且物块A、B均处于静止状态。已知物块A的质量 mA=‎0.1 kg、物块B的质量mB=‎0.4 kg, θ=600,g=‎10m/s2，下列说法中正确的是 ‎ A. 物块A对细绳的拉力F T =1N B. 地面对B的弹力FN=3N C. B于水平面间的摩擦力Ft= N D. B与水平面间的动摩擦因数μ=‎ ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 对A和B分别受力分析，然后运用共点力平衡条件结合正交分解法进行求解。‎ ‎【详解】对物体A受力分析，受到重力和细线的拉力，根据平衡条件，拉力等于物体A的重力，即F T =mAg=1N，故A正确；对物体B受力分析，受重力、支持力、拉力和向后的静摩擦力，如图所示：‎ 根据共点力平衡条件，有FTsin600=Ff，FN+FTcos600=mBg，代入数据解得：，，故B错误，C正确；因为B受到的是静摩擦力，所以无法求B与水平面间的动摩擦因数，故D错误。所以AC正确，BD错误。‎ ‎【点睛】本题关键是分别对物体A、物体B受力分析，然后根据共点力平衡条件结合正交分解法求解。‎ ‎12.如图所示，在水平面上沿直线运动的小车上有一个固定的水平横杆，横杆左端悬挂着小 球A，小车底板右端放置着物块B,A、B均相对车厢静止，物块B通过一轻质弹簧与竖 杆相连，已知小球A的质量mA=0. ‎2 kg.悬线与竖直方向的夹角为a=370，物块B的质 量mB = 0. ‎4 kg，物块B与车厢底板间无摩擦，弹簧的劲度系数为k=100 N/m, (g=‎10m/s2 ,sin370＝0. 6,cos370＝0. 8)。下列判断中可能正确的是 ‎ A. 弹簧处于伸长状态 B. 弹簧处于压缩状态 C. 弹簧的形变量为‎2 .4 cm D. 弹簧的形变量为 3. ‎‎0 cm ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ AB的状态相同，故加速度相同，在对A受力分析可知其合力向右，故加速水平向右，可知B的加速度和受力状况。‎ ‎【详解】对A研究，受重力和细线的拉力，如图所示：‎ 根据牛顿第二定律，得：mAgtan370=mAa，代入数据解得：a=‎7.5m/s2，由图可知A受到的合外力向右，则B受到的弹力方向也向右，所以弹簧处于压缩态，根据牛顿第二定律可得：，代入数据解得：，故BD正确，AC错误。‎ ‎【点睛】绳子的拉力一定沿绳子方向，与物体的运动状态无关，可根据牛顿定律确定弹簧的状态。‎ 二、实验题（本题共2小题，共15分） ‎ ‎13.某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验，如图甲所示，其中A为固定橡皮条 的图钉，0为橡皮条与细绳套的结点，OB和OC为细绳套。图乙是在白纸上根据实验数据作出的力的图示。 ‎ ‎(1)如果没有操作失误，图乙中的F与F’两力中，方向一定沿AO方向的是__________（填 "F"，或“F’"）。 ‎ ‎(2)下列说法正确的是_______________________. ‎ A．由于实验室没有细绳套，在进行实验时，图甲中的OB和OC可以用橡皮条代替 ‎ B．同一次验证过程中0点位置应相同 ‎ C．为了便于计算，应保持图甲中的OB和OC相互垂直 ‎ D．拉力F1和F2的夹角应尽量小 ‎【答案】 (1). F (2). AB ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 在实验中F和F′分别由平行四边形定则及实验得出，明确理论值和实验值的区别即可正确答题；实验的目的是验证力的平行四边形定则，研究合力与分力的关系，而合力与分力是等效的，要求两次拉橡皮筋要到同一位置，在实验中使用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要相同（即橡皮条拉到同一位置），为减小误差橡皮条、细绳和弹簧测力计应与木板保持平行，两细线的夹角不要太小也不要太大。‎ ‎【详解】（1）图乙中的F与F′中，F′是由平行四边形得出的，而F是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相同，一定与AO共线的是 F。‎ ‎（2）实验室没有细绳套，在进行实验时，图甲中的OB和OC可以用橡皮条代替，因为要记录的是两个力的大小和方向，故A正确；为了使两次作用效果相同，必须同一次验证过程中0点位置应相同，故B正确；实验要方便、准确，两分力适当大点，读数时相对误差小，夹角不宜太大，也不宜太小，不一定保持图甲中的OB和OC相互垂直，故CD错误。所以AB正确，CD错误。‎ ‎【点睛】实验采用是等效替代的思维方法。实验中要保证一个合力与两个分力效果相同，结点O的位置必须相同，同时要明确实验原理和步骤，以及知道实验的注意事项。‎ ‎14.某同学“探究加速度与物体合力的关系”的实验装置如图所示,图中A为小车，质量为，连接在小车后面的纸带穿过打点计时器B，它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的固定长木板上，P的质量为，C为弹簧测力计，实验时改变P的质量，读出测力计的示数F，不计轻绳与滑轮，滑轮与轮轴的摩擦，滑轮的质量。‎ ‎①下列说法正确的是 ‎ A．实验中应远小于 B．长木板必须保持水平 C．实验时应先接通电源后释放小车 D．小车运动过程中测力计的读数为 ‎②下图是实验过程中得到的一条纸带，O、A、B、C、D为选取的计数点，相邻的两个计数点之间有四个点没有画出，各计数点到O点的距离分别为： 8．‎00cm、17．‎99cm、30．‎00cm、44．‎01cm，若打点计时器的打点频率为50 Hz，则由该纸带可知小车的加速度大小为________（结果保留三位有效数字）。‎ ‎③实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a－F图象可能是下图中的图线 ‎ ‎【答案】①C ‎②2．01‎ ‎③B ‎【解析】‎ 试题分析：①小车所受的拉力可以通过弹簧秤测出，不需要满足m2远小于m1，故A错误．实验应该平衡摩擦力，所以木板不能水平，故B错误．实验时应先接通电源后释放小车，故C正确．根据牛顿第二定律知，m‎2g＞2T，则，故D错误．故选C．‎ ‎②根据△x=aT2，运用逐差法得，．‎ ‎③某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，则F不等于零时，a仍然为零，故选B。‎ 考点：探究加速度与物体合力的关系 ‎【名师点睛】解决本题的关键知道实验的原理以及注意事项，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用。‎ 三、计算题（本题共3小题，共37分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤． 只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．) ‎ ‎15.冬天雾霾活动频繁，某天的能见度（观察者与能看见的最远目标间的距离）只有 x=‎ ‎40 m‎，甲车由于故障停在路中央，乙车在雾霾中沿平直公路向甲车匀速行驶，速度为 v0=‎72 km/h，乙车司机的反应时间（司机从发现目标到采取实施刹车所需要的时间）为 to =0. 4s，为避免撞上甲车，则乙车的加速度a至少多大？‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 汽车在反应时间内做匀速直线运动，刹车后做匀减速直线运动，结合两段过程的位移之和求出汽车的最大加速度。‎ ‎【详解】汽车行驶的最大速度是，‎ 反应时间内乙车的位移：，‎ 乙车刹车过程：，‎ 根据速度位移公式：‎ 则乙车的加速度至少为.‎ ‎【点睛】解决本题的关键知道汽车在反应时间内和刹车后的运动规律，结合运动学公式灵活求解。‎ ‎16.如图所示，光滑平台右侧与一长为L的木板相接，木板固定，与水平地面的夹角 为θ。现有一小滑块以初速度V。从光滑平台滑上木板，恰能沿木板匀速下滑，最终停在 粗糙的水平路面上。已知滑块与木板及水平路面间的动摩擦因数均相同，不计滑块在连 接处速度大小的变化，重力加速度为g，求： ‎ ‎(1)滑块与木板间的动摩擦因数； ‎ ‎(2)滑块在水平路面上运动的位移大小； ‎ ‎(3)滑块在木板和水平路面上运动的总时间。‎ ‎【答案】(1) (2) (3) ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据平衡条件即可求出滑块与木板间的动摩擦因数；根据牛顿第二定律和速度位移公式即可求出滑块在水平路面上运动的位移大小；根据运动学公式即可求出滑块在木板和水平路面上运动的总时间。‎ ‎【详解】（1）设滑块质量为，在木板匀速下滑时有：，‎ 解得：；‎ ‎（2）设滑块在水平路面上的加速度大小为，位移大小为，有 根据速度位移公式：‎ 解得：；‎ ‎（3）设滑块在木板上运动的时间为，在水平路面上运动的时间为，有 解得：.‎ ‎【点睛】本题主要考查了牛顿第二定律和运动学公式，加速度是中间桥梁，关键是明确运动过程即可求得。‎ ‎17.如图所示，传送带与平板紧靠在一起，且上表面在同一水平面内，两者长度分别 为L1=‎3 m、L2=‎1 m。传送带始终以速度v0=‎4m/s向右匀速运动。现有一滑块（可视为质点）以速度v1=‎6 m/s滑上传送带的左端，然后平稳地滑上平板。已知：滑块与传送带间的动摩擦因数μ = 0. 5，滑块与平板、平板与地面间的动摩擦因数分别为μ1=0. 4, μ2 =0.3，滑块、平板的质量均为m=‎1 kg,g=‎10m/s2。求： ‎ ‎(1)滑块滑离传送带时的速度大小； ‎ ‎(2)判断滑块能否离开平板，如果能离开，请计算出离开平板时的速度大小。‎ ‎【答案】(1) ；(2) ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据牛顿第二定律求出加速度，在结合运动学公式即可求出滑块滑离传送带时的速度大小；滑块滑上平板时，分别求出平板上下表面受到的摩擦力，从而判断平板静止，在根据牛顿第二定律和运动学规律即可求出离开平板时的速度大小。‎ ‎【详解】（1）设滑块在传送带上的加速度大小为，根据牛顿第二定律有 解得：‎ 设滑块在传送带上减速运动的位移为，且，根据运动规律学 解得：，‎ 得出滑块在传送带上先做匀减速运动，再做匀速运动，‎ 离开传送带时的速度大小为；‎ ‎（2）滑块滑上平板时，平板上下表面受到的摩擦力分别为，根据受力分析有 因为，所以平板保持静止.‎ 滑块在平板上一直做匀减速，其加速度大小为，假设能离开平板，‎ 根据牛顿第二定律：‎ 根据运动学规律有：‎ 解得：‎ 可知滑块能离开平板，离开平板时速度的大小为.‎ ‎【点睛】本题是传送带类型，属于有相对运动的问题，关键要分析清楚物体运动过程，把握隐含的临界状态，如速度相等的状态，找出两个物体的速度关系和位移关系。‎ ‎ ‎