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- 2021-05-27 发布
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第25讲 动量 动量定理 动量守恒定律——练
1.从同一高度落下的玻璃杯掉在水泥地上易碎,而掉在毛毯上就不易碎,这是因为玻璃杯掉在水泥地上时( )
A. 受到的冲量大 B. 受到地面的作用力大
C. 动量的变化量大 D. 动量大
【答案】 B
2.如图所示,质量为m的小球A静止于光滑水平面上,在A球与墙之间用轻弹簧连接。现用完全相同的小球B以水平速度v0与A相碰后粘在一起压缩弹簧,不计空气阻力,若弹簧被压缩过程巾的最大弹性势能为E,从球A被碰后开始到回到原静止位置的过程中墙对弹簧的冲量大小为I,则下列表达式中正确的是
A. B.
C. D.
【答案】 A
【解析】A、B碰撞过程,取向左为正方向,由动量守恒定律得,碰撞后,AB一起压缩弹簧,当AB的速度减至零时弹簧的弹性势能最大,由能量守恒定律得:最大弹性势能 ,联立解得,从球A被碰后开始到回到原静止位置的过程中,取向右为正方向,对AB及弹簧整体,由动量定理得,A正确.
【点睛】分析清楚物体的运动过程、正确选择研究对象是正确解题的关键,应用动量守恒定律、机械能守恒定律即可正确解题。在运用动量定理和动量守恒定律时都要选择正方向,用符号表示速度的方向.
3.如图所示, 斜面静止在水平地面上, 一滑块( 视为质点) 以某一初速度从斜面底端滑上斜面,上升到某一高度后再返回斜面底端, 斜面倾角为θ,所有接触面均不光滑,
整个过程斜面始终保持静止,不计空气阻力, 下列说法正确的是
A. 滑块与斜面间动摩擦因素大于tanθ
B. 整个过程重力的冲量为0
C. 上滑过程中摩擦力的冲量小于下滑过程摩擦力冲量
D. 整个过程中斜面对地面的压力大小不变
【答案】 C
4.(多选)如图甲所示为一固定光滑足够长的斜面,倾角为30°。质量为0.2kg的物块静止在斜面底端,t=0时刻,受到沿斜面方向拉力F的作用,取沿斜面向上为正方向,拉力F随时间t变化的图象如图乙所示,g=10m/s2,则下列说法正确的是
A. 6s末物块的速度为零
B. 物块一直沿斜面向上运动
C. 0~4s内拉力对物块做的功为20J
D. 0~6s内拉力对物块的冲量为零
【答案】 AC
【解析】在0~2s内,由牛顿第二定律可得,解得,在2~4s内,由牛顿第二定律可得,解得,则物块在0~2s内向上匀加速直线运动,2~3s内向上匀减速直线运动,3s时减少为零,3~4s内向下匀加速直线运动,4~6s内向下匀减速直线运动,6s时速度减为零,A正确B错误;在t=4s时和t=2s时物块在同一位置,速度等大反向,所以0~4s
内拉力对物块做的功等于0~2s内拉力对物块做的功,,C正确;0~6s内拉力对物块的冲量,D错误.
5.如图所示,小红同学将一轻质弹簧上端悬挂于天花板,下端系一质量为m的物体A处于平衡状态。在距物体A正上方高为h处有一个质量为2m的物体B由静止下落,与弹簧下端的物体A碰撞(碰撞时间极短)并立即以相同的速度运动。不计空气阻力,两物体均可视为质点,重力加速度为g。求:
(i)碰撞结束瞬间两物体的速度大小;
(ii)从碰撞结束两物体一起向下运动,至第一次到达最低点过程中,两者相互作用力的冲量大小为I,该过程两者相互作用的平均作用力多大?
【答案】 (1) (2)
【点睛】物体B碰撞前做自由落体运动,根据速度位移公式求解末速度;碰撞过程系统动量守恒,根据动量守恒定律列式求解共同速度;对物体B的下降过程根据动量定理列式求解平均弹力.
1.—个质量为0.18kg的垒球,以20m/s的水平速度飞向球棒,被球棒击打后反向水平飞回。设击打过程球棒对垒球的平均作用力大小为900N,作用时间为0.01s。则被球棒击打后垒球反向水平速度大小为
A. 30m/s B. 40m/s C. 50m/s D. 70m/s
【答案】 A
【解析】根据动量定理:F•t=mv2-mv1,设被打回后的速度为正,则900×0.01=0.18v2-(-0.18×20);解得v2=30m/s,故选A.
点睛:用动量定律解题时必须要选定好研究对象和研究过程,并且选定一个正方向;此题还可用牛顿第二定律结合运动公式求解.
2.如图所示,为一距地面某高度的小球由静止释放后撞击地面弹跳的v-t图象,小球质量为0.4kg,重力加速度g取10m/s²,空气阻力不计,由图象可知
A. 横坐标每一小格表示的时间约为0.08s
B. 小球释放时离地面的高度为1.5m
C. 小球第一次反弹的最大高度为0.8m
D. 小球第一次撞击地面受地面的平均作用力为50N
【答案】 C
点睛:本题考查v-t图象以及动能定理的应用,正确掌握图象的性质是解题的关键,同时注意在应用动量定理时要注意先明确正方向,注意各物理量的矢量性。
3.一个质量为的木块静止在光滑水平面上,某时刻开始受到如图所示的水平拉力的作用,下列说法正确的是
A. 0到时间内,水平拉力的冲量为
B. 0到时间内,木块的位移大小为
C. 时刻水平拉力的瞬时功率为
D. 0到时间内,水平拉力做功为
【答案】 C
4.(多选)如图所示,质量为M的小车在光滑的水平面上以速度v0向右匀速运动,一质量为m的小球(m≪M)从高h处自由下落,与小车碰撞后,反弹上升的最大高度仍为h。设球与车之间的动摩擦因数为μ,则小球弹起后的水平速度为( )
A. v0 B. 0 C. D. -v0
【答案】 AC
【解析】该题需要分以下两种情况进行分析:①小球离开小车之前已经与小车达到共同速度v,则水平方向上动量守恒,有:Mv0=(M+m)v,由于M≫m,所以:v=v0;②若小球离开小车之前始终未与小车达到共同速度,则对小球应用动量定理,水平方向上有Fμt=mv′,小球反弹后上升的高度为h,则反弹的速度v与落在小车上时的速度大小相等,以向上为正方向,竖直方向上有: ,又 Fμ=μFN,解得: ,故选AC.
【点睛】该题中由于碰撞的时间不知,所以小球在水平方向的运动有两种情况,这是解决该题的关键,也是容易被忽略的地方.
5.如图所示,边长为L的正方形单匝线圈abcd,质量为m,每边电阻均为R,以一定的初速度竖直向上运动,线框正上方空间有一有界匀强磁场,磁场区域的上、下边界水平平行,间距为2L,磁感线方向垂直于线框所在平面向里,磁感应强度大小B.线框在运动过程中始终保持在同一竖直面内,ab边保持水平。向上运动过程中,线框ab边与磁场下边界重合时速度大小为v0,经历时间t后,线框完全进入磁场(cd边与磁场下边界重合);框架向上穿出磁场后,继续向上运动并返回,当cd边回到磁场上边界时恰好能够匀速进入磁场区域,重力加速度为g,不计空气阻力,求:
(1)线框向下运动时,刚进入磁场时匀速运动的速度大小v1;
(2)线框向上运动时,从刚要进入磁场到完全离开磁场过程中,ab边产生的热量Qab;
(3)线框向上运动时,刚完全进入磁场时的速度大小v2。
【答案】 (1) (2) (3)
ab边生热为
(3)线框向上运动进入磁场的过程,由动量定理得:
而
解得:
【点睛】本题是电磁感应问题,从两个角度进行研究:一条从力的角度,根据平衡条件列出方程,关键是要推导安培力与速度关系;另一条是能量,分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题,根据功能关系等列方程。对于线框进入磁场的过程,利用动量定理和电量与磁通量的关系求速度是常用的方法,要学会运用。
1.高空坠物极易对行人造成伤害。若一个50 g的鸡蛋从一居民楼的25层坠下,与地面的撞击时间约为2 ms,则该鸡蛋对地面产生的冲击力约为( )
A. 10 N B. 102 N C. 103 N D. 104 N
【来源】2018年普通高等学校招生全国统一考试物理(全国II卷)
【答案】 C
点睛:利用动能定理求出落地时的速度,然后借助于动量定理求出地面的接触力
2.高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的均加速直线运动,在启动阶段列车的动能( )
A. 与它所经历的时间成正比
B. 与它的位移成正比
C. 与它的速度成正比
D. 与它的动量成正比
【来源】2018年全国普通高等学校招生统一考试物理(新课标I卷)
【答案】 B
3.【2017·天津卷】“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮,是天津市的地标之一。摩天轮悬挂透明座舱,乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。下列叙述正确的是
A.摩天轮转动过程中,乘客的机械能保持不变
B.在最高点,乘客重力大于座椅对他的支持力
C.摩天轮转动一周的过程中,乘客重力的冲量为零
D.摩天轮转动过程中,乘客重力的瞬时功率保持不变
【答案】B
【解析】机械能等于动能和重力势能之和,乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动,动能不变,重力势能时刻发生变化,则机械能在变化,故A错误;在最高点对乘客受力分析,根据牛顿第二定律有:,座椅对他的支持力,故B正确;乘客随座舱转动一周的过程中,动量不变,是所受合力的冲量为零,重力的冲量,故C错误;乘客重力的瞬时功率,其中θ为线速度和竖直方向的夹角,摩天轮转动过程中,乘客的重力和线速度的大小不变,但θ在变化,所以乘客重力的瞬时功率在不断变化,故D错误。
【考点定位】机械能,向心力,冲量和动量定理,瞬时功率
【名师点睛】本题的难点在于对动量定理的理解,是“物体所受合力的冲量等于动量的变化”
,而学生经常记为“力的冲量等于物体动量的变化”。
4.【2017·新课标Ⅲ卷】一质量为2 kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线运动。F随时间t变化的图线如图所示,则
A.t=1 s时物块的速率为1 m/s
B.t=2 s时物块的动量大小为4 kg·m/s
C.t=3 s时物块的动量大小为5 kg·m/s
D.t=4 s时物块的速度为零
【答案】AB
【考点定位】动量定理
【名师点睛】求变力的冲量是动量定理应用的重点,也是难点。F–t图线与时间轴所围面积表示冲量。