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- 2021-05-28 发布
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射洪县高 2017 级第四期期末英才班能力素质监测
理科综合(物理)
本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。第Ⅰ卷 1 至 6 页,第Ⅱ卷 7 至
12 页。共 300 分。考试时间 150 分钟。
第Ⅰ卷(选择题 共 126 分)
一、选择题(共 126 分,每小题 6 分。1-18 小题每小题只有一个选项正确。19-21 小题有多
项符合题目要求,全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分,有选错的得 0 分)
14、下列说法正确的是
A.康普顿在研究 X 射线散射时,发现散射光线的波长发生了变化,为波动说提供了依据
B.汤姆孙发现了电子,并测出了电子的荷质比,从而揭示了原子核具有复杂结构
C.查德威克发现了中子,揭开了原子核组成的神秘面纱,开创了人类认识原子核的新纪元
D.伽利略发现了单摆具有等时性,并提出了单摆的周期性公式
15、一理想变压器,原、副线圈的匝数分别为 、 ,其原线圈通过电阻 与两金属杆相
连接,导轨处于匀强磁场中,导体杆 ab 与导轨接触良好,副线圈连接一电阻 ,如图所示。
当导体杆以速度 向右匀速运动的过程中,以下说法正确的是
A.电阻 上无感应电流通过
B.电阻 上有从 c 到 d 的电流通过,原、副线圈上的电流之比始终满足
C.电阻 上有从 d 到 c 的电流通过,原、副线圈上的电流之比始终满足
D.电阻 上有从 c 到 d 的电流通过,其大小与导体杆 ab 的速度有关
16、当两个中子和两个质子结合成一个 α 粒子,放出 28.3Mev 的能量,当四个 α 粒子结合
成一个氧(O)核时,放出 9.72Mev 的能量,则 8 个质子和 8 个中子结合成一个氧(O)核
时,释放的能量约为
A.18.58Mev B.38.02Mev C.122.92Mev D.11.3.2Mev
17、如图甲所示为用干涉法检查某块厚玻璃板的上表面是否平的装置.若待验板的上表面平
整,则当平行的单色光照射到标准板上时,可从标准板上方观察到平行的、明暗相间的干涉
条纹.若观察到的条纹如图乙所示,则说明待验板的上表面
g2 LT π=
1n 2n 1R
2R
υ
2R
2R 21 : nn
2R 21 : nn
2R
A.有一个凸起的圆台 B.有一凹陷的圆坑
C.有一个沿 ab 方向凸起的高台 D.有一个沿 ab 方向凹陷的长沟
18、如图,半径为 R 的半圆柱玻璃体置于水平桌面上,半圆柱玻璃体的上表面水平,半圆
柱玻璃体与桌面相切于 A 点.一细束单色光经球心 O 从空气中摄入玻璃体内(入射面即纸
面),入射角为 60°,出射光线射在桌面上 B 点处.测得 AB 之间的距离为 ,则下列
说法正确的是
A.该玻璃体的折射率为
B.该玻璃体折射率为
C.若将入射光束在纸面内向左平移,移到距 O 点 R 位置时射入玻璃体的光线在玻璃
体下表面处恰好发生全反射
D.若用同样频率、宽度 为 R 的光束 CO 沿与玻璃体上表面成 入射,从玻璃体下表
面折射出的弧长占圆柱体弧长的
19、图(a)为一列简谐横波在 t=0.10s 时刻的波形图,P 是平衡位置在 x=1.0m 处的质点,Q
是平衡位置在 x=4.0m 处的质点;图(b)为质点 Q 的振动图像,下列说法正确的是
A.在 t=0.10s 时,质点 Q 向 y 轴正方向运动
B.从 t=0.10s 到 t=0.25s,该波沿 x 轴负方向传播了 6m
R3
3
2
6=n
2=n
3
2
030
3
1
C. 从 t=0.10s 到 t=0.25s,质点 P 通过的路程为 30cm
D.质点 Q 简谐运动的表达式为 (国际单位)
20、氢原子能级如图,当氢原子从 跃迁到 的能级时,辐射光的波长为 656nm。
以下判断正确的是
A.氢原子从 跃迁到 的能级时,向外辐射光电子,光电子的能量为 10.2eV
B.氢原子从从 跃迁到 的能级时,氢原子电势能降低,电子绕核运动的动能变
大,电势能减小量等于电子动能的增量
C.一群处于 能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生 3 种谱线
D.用波长为 633nm 的光照射,不能使氢原子从 跃迁到 的能级
21、一列简谐波沿 x 正方向传播,振幅为 2cm,周期为 T,如图所示,在 t=0 时刻波上相距 50cm
的两质点 a、b 的位移大小都是 ,但运动方向相同,其中质点 a 沿 y 轴负方向运动,
下列说法正确的是
A.该列波的波长可能为 75cm
B.该列波的波长可能为 45cm
C.当质点 b 的位移为+2cm 时,质点 a 的位移为负
D.在 时刻,质点 b 的速度最大
第Ⅱ卷(非选择题)
22、(共 16 分)
(Ⅰ)如图甲所示为光学实验用的长方体玻璃砖,它的 ▲ 面不能用手直接接触。在用插
针法测定玻璃砖折射率的实验中,两位同学绘出的玻璃砖和三个针孔 a、b、c 的位置相同,
0 10 10. siny tπ=
3=n 2=n
1
2
3
4
∞ 0 85.0−
51.1−
4.3−
6.13−
n eVE/
2=n 1=n
2=n 1=n
3=n
2=n 3=n
cm3
Tt 3
2=
且插在 c 位置的针正好挡住插在 a、b 位置的针的像,但最后一个针孔的位置不同,分别为 d、
e 两点,如图乙所示。计算折射率时,用 ▲ (填“d”或“e”)点得到的值较小,用 ▲ (填
“d”或“e”)点得到的值误差较小。
(Ⅱ)单摆测定重力加速度的实验中:
(1)实验时用 20 分度的游标卡尺测量摆球直径,示数如图甲所示,该摆球的直径 d= ▲ mm.
(2)悬点到小球底部的长度 ,示数如图乙所示, = ▲ cm
(3)实验时用拉力传感器测得摆线的拉力 F 随时间 t 变化的图象如图丙所示,然后使单摆
保持静止,得到如图丁所示的 F-t 图象。那么:
①重力加速度的表达式 g = ▲ (用题目中的物理量 d、 、 表示).
②设摆球在最低点时 Ep=0,已测得当地重力加速度为 g,单摆的周期用 T 表示,那么
测得此单摆摆动时的机械能 E 的表达式是 ▲
A. B. C. D.
(4)在实验中测得的 g 值偏小,可能原因是 ▲
A.测摆线时摆线拉得过紧
B.摆线上端未牢固地系于悬点,振动中出现了松动,使摆线长度增加了,
C.开始计时时,停表过迟按下
D.实验中误将 n 次计为 n-1 次
E.以摆球直径和摆线长之和作为摆长来计算
23、(12 分)如图所示,摆长分别为 和 的单摆 a、b,摆球质量均为 m(可视为质
点),均被拉离平衡位置与竖直方向成 θ( ),由静止释放:
(1)B 摆在第一个四分之一周期内合外力对摆球的冲量;
0l 0l
0l 0t
2
2
31
2
)(
π
gTFF −
2
2
31
8
)(
π
gTFF −
2
2
23
6
)(
π
gTFF −
2
2
23
4
)(
π
gTFF −
l l25.2
05θ
(2)若取 ; ; ; ,则 a、b 两单摆同时释放后经过多
长时间再次达到左侧最大位置;a、b 两单摆由左侧同时释放后,能否同时到达右侧最大位
置处,若能够,求出其时间,若不能,请说明理由。
24、(16 分)如图甲所示,在水平桌面上固定着两根相距 L、相互平行、无电阻的金属导轨
PQ 和 MN,左侧 Q、M 间与一定值电阻 R 相连。一根质量为 m、电阻为 r、长度恰好为 L
的金属杆 ab 放在导轨 PQ、MN 上,且接触良好。整个装置处于竖直向下、磁感应强度为 B
的匀强磁场中;
甲 乙
(1)若 ab 杆与金属导轨间的动摩擦因数为 μ,现给 ab 杆一水平向右的初速度 ,ab
杆向右运动 d 停止。求电阻 R 产生的热量以及金属杆运动多长时间?
(2)若 PQ、MN 导轨光滑,取向右方向为正,从图示开始金属杆 ab 在导轨上运动的
速度----位移关系图像( 图像)如图乙所示,求整个电路的在一个周期内产生的热量。
( 为已知量)
25、(18 分)关于“原子核组成”的研究,经历了一些重要阶段,其中:
2/10 smg = 1.310 = 1.3=π ml 1=
0υ
x−υ
00 , xυ
(1)1919 年,卢瑟福用 α 粒子轰击氮核( )从而发现了质子,写出其反应方
程式。
(2)1932 年,查德威克用一种中性粒子流轰击氢原子和氮原子,打出了一些氢核(质子)
和氮核,测量出被打出的氢核和氮核的速度,并由此推算出这种粒子的质量而发现了中子。
查德威认为:原子核的热运动速度远小于中性粒子的速度而可以忽略不计;被碰出的氢
核、氮核之所以会具有不同的速率是由于碰撞的情况不同而造成的,其中速率最大的应该是
弹性正碰的结果,实验中测得被碰氢核的最大速度为 ,被碰氮核的最
大速度为 ;已知 .请你根据查德威克的实验数据,推导中性
粒子(中子)的质量 与氢核的质量 的关系?(保留三位有效数字)
N14
7
smH /1030.3 7×=υ
smN /1050.4 6×=υ HN mm 14=
m Hm
【参考答案】
选择题(本题共 8 小题。每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多
个选项正确,全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分,有选错的得 0 分)
14、C 15、D 16、C 17、B 18、C 19、BD 20、CD 21、AC
22、(Ⅰ)光学面 d e (Ⅱ)(1)11.70 (2)100.10—100.30
(3)① ② B (4)BD
23、(12 分)
(1)小球 B 在四分之一周期内,由机械能守恒定律得:
得:
………………(2 分)
由动量定理可得:
………………………………(3 分)
(2)由周期公式 可得: ………………………………(2 分)
故:摆球 a、b 在经过 的最小公倍数的整数倍将再次同时达到左侧即:
………………………………(1 分)
小球 a、b 不能同时到达右侧最高点……………………………………(1 分)
当 a 球到达右侧最高点的时间为:
(1 分)
B 球到达右侧最高点的时间为:
…(1 分)
两小球同时从左侧最高点释放,经过一段时间后若能同时达到右侧最高点,则 ,
而 n、k 均为整数,不成立。…………………………………………………………(1 分)
24、(16 分)解:(1)当金属杆向右运动 d 时:
………………(1 分)
由能量关系得: ……………………………………(2 分)
2
2
1)cos-125.2 υθ mmgl =( )cos1(22
3 θυ −= gl
)cos1(22
3 θ−= glmI
g
lT π2= sTa 2= sTb 3=
ba TT 、
......)321(6 、、其中 == nnst
......)3,2,1,0()12(2
12 =+=+= nsnTnt aa 其中
.....)3,2,1(2
)12(3
2
12 =+=+= kskTkt bb 其中
ba tt =
rR
BLd
rRq +=+
∆= φ
2
2
1 υµ mmgdQ =+
…………………………………………………………(1 分)
得:
…………………………………………(2 分)
由动量定理得:
…………………………………………(2 分)
有:
当 时,得: ……………………………………(2 分)
………………………………………………(1 分)
(2)由 图像、 可知:速度在 的位移内,速度随位移
成一次线性关系,故:在 的位移内,安培力做功可以取安培力的平均值进行计算:
故有: ……………………………………(2 分)
……………………………………………………………………(1 分)
能量守恒与转化定律得:在一个周期内整个电路产生的热量为:
……………………………………………………(2 分)
25、(1) ……………………………………………………(5 分)
(2)查德威克认为氢核、氮核与未知粒子之间的碰撞是弹性正碰;设未知粒子质量为
m,速度为 v0,氢核的质量为 mH,最大速度为 VH,并认为氢核在打出前为静止的,那么根
据动量守恒和能量守恒可知:
………………………………………………………………(3 分)
QrR
RQR +=
)(2
)2( 2
rR
RmgdmQR +
−= µυ
011)( υυµ mmtmgBIL −=∆+−
122)( υυµ mmtmgBIL −=∆+−
1)( −−=∆+− nnn mmtmgBIL υυµ
02121 )...()...( υυµ mmtttmgtttBIL nnn −=∆++∆+∆−∆++∆+∆−
0=nυ 0υµ mmgtBLq =+
mgrR
dLB
mg
mt µµ
υ
)( +−=
22
0
x−υ
rR
LBBILF +== υ22
安 40 0x−−
40 0x−−
44
0
22
0 x
Rr
LBxW F •+==
−
− υ
2
0υυ =
−
)(24 00
22
rR
xLBWQ +== υ
…………………………………………………………(3 分)
其中 v 是碰撞后未知粒子的速度,由此可得:
... ……………………………………………………………………(2 分)
同样可得出未知射线与氮原子核碰撞后,打出的氮核的速度
……………………………………………………………………(1 分)
查德威克在裎测得氢核的最大速度为:
氮核的最大速度:VN=4.5×106m/s.
因为
由方程③④可得 ……………………………………(2 分)
将速度的最大值代入方程⑤, …………………………(1 分)
解得:m=1.05mH …………………………………………………………(1 分)