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- 2021-05-28 发布
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4 圆周运动
学习目标
1.知道什么是匀速圆周运动,知道它是变加速运动.
2.掌握线速度的定义式,理解线速度的大小、方向的特点.
3.掌握角速度的定义式,知道周期、转速的概念.
4.掌握角速度与线速度、周期、转速的关系.
考试要求
学考
选考
d
d
一、线速度
1.定义:物体做圆周运动通过的弧长与通过这段弧长所用时间的比值,v=.
2.意义:描述做圆周运动的物体运动的快慢.
3.方向:线速度是矢量,方向与圆弧相切,与半径垂直.
4.匀速圆周运动
(1)定义:沿着圆周运动,并且线速度大小处处相等的运动.
(2)性质:线速度的方向是时刻变化的,所以是一种变速运动.
二、角速度
1.定义:连接物体与圆心的半径转过的角度与转过这一角度所用时间的比值,ω=.
2.意义:描述物体绕圆心转动的快慢.
18
3.单位
(1)角的单位:国际单位制中,弧长与半径的比值表示角的大小,即Δθ=,其单位称为弧度,符号:rad.
(2)角速度的单位:弧度每秒,符号是rad/s或s-1.
三、周期和转速
1.周期T:做圆周运动的物体转过一周所用的时间,单位:秒(s).
2.转速n:单位时间内转过的圈数,单位:转每秒(r/s)或转每分(r/min).
3.周期和转速的关系:T=(n单位为r/s时).
四、线速度与角速度的关系
1.在圆周运动中,线速度的大小等于角速度大小与半径的乘积.
2.公式:v=ωr.
1.判断下列说法的正误.
(1)做匀速圆周运动的物体,相同时间内位移相同.(×)
(2)做匀速圆周运动的物体,其合外力不为零.(√)
(3)做匀速圆周运动的物体,其线速度不变.(×)
(4)做匀速圆周运动的物体,其角速度大小不变.(√)
(5)做匀速圆周运动的物体,周期越大,角速度越小.(√)
2.A、B两个质点,分别做匀速圆周运动,在相等时间内它们通过的弧长之比sA∶sB=2∶3,转过的圆心角之比θA∶θB=3∶2,那么它们的线速度之比vA∶vB=________,角速度之比ωA∶ωB=________.
答案 2∶3 3∶2
解析 由v=知=;由ω=知=.
一、线速度和匀速圆周运动
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如图所示为自行车的车轮,A、B为辐条上的两点,当它们随轮一起转动时,回答下列问题:
(1)A、B两点的速度方向各沿什么方向?
(2)如果B点在任意相等的时间内转过的弧长相等,B做匀速运动吗?
(3)匀速圆周运动的线速度是不变的吗?匀速圆周运动的“匀速”同“匀速直线运动”的“匀速”一样吗?
(4)A、B两点哪个运动得快?
答案 (1)两点的速度方向均沿各自圆周的切线方向.
(2)B运动的方向时刻变化,故B做非匀速运动.
(3)质点做匀速圆周运动时,线速度的大小不变,方向时刻在变化,因此,匀速圆周运动只是速率不变,是变速曲线运动.而“匀速直线运动”中的“匀速”指的是速度不变,是大小、方向都不变,二者并不相同.
(4)B点运动得快.
1.对线速度的理解
(1)线速度是物体做圆周运动的瞬时速度,线速度越大,物体运动得越快.
(2)线速度是矢量,它既有大小,又有方向,线速度的方向在圆周各点的切线方向上.
(3)线速度的大小:v=,Δs代表弧长.
2.对匀速圆周运动的理解
(1)匀中有变:由于匀速圆周运动是曲线运动,其速度方向沿着圆周的切线方向,所以物体做匀速圆周运动时,速度的方向时刻在变化.
(2)匀速的含义:
①速度的大小不变,即速率不变.
②转动快慢不变,即角速度大小不变.
(3)运动性质:
线速度的方向时刻改变,所以匀速圆周运动是一种变速运动.
18
例1 某质点绕圆轨道做匀速圆周运动,下列说法中正确的是( )
A.因为它速度大小始终不变,所以它做的是匀速运动
B.它速度大小不变,但方向时刻改变,是变速运动
C.该质点速度大小不变,因而加速度为零,处于平衡状态
D.由于质点做匀速圆周运动,其在相同时间内通过的位移相同
答案 B
二、角速度、周期和转速
如图所示,钟表上的秒针、分针、时针以不同的角速度做圆周运动.
(1)秒针、分针、时针它们转动的快慢相同吗?如何比较它们转动的快慢?
(2)秒针、分针和时针的周期分别是多大?
答案 (1)不相同.根据角速度公式ω=知,在相同的时间内,秒针转过的角度最大,时针转过的角度最小,所以秒针转得最快.
(2)秒针周期为60 s,分针周期为60 min,时针周期为12 h.
1.对角速度的理解
(1)角速度描述做圆周运动的物体绕圆心转动的快慢,角速度越大,物体转动得越快.
(2)角速度的大小:ω=,Δθ代表在时间Δt内物体与圆心的连线转过的角度.
(3)在匀速圆周运动中,角速度大小不变,是恒量.
2.对周期和频率(转速)的理解
(1)周期描述了匀速圆周运动的一个重要特点——时间周期性.其具体含义是,描述匀速圆周运动的一些变化的物理量时,每经过一个周期,大小和方向与初始时刻完全相同,如线速度等.
(2)当单位时间取1 s时,f=n
18
.频率和转速对匀速圆周运动来说在数值上是相等的,但频率具有更广泛的意义,两者的单位也不相同.
3.周期、频率和转速间的关系:T==.
例2 一精准转动的机械钟表,下列说法正确的是( )
A.秒针转动的周期最长
B.时针转动的转速最大
C.秒针转动的角速度最小
D.秒针的角速度为 rad/s
答案 D
解析 秒针转动的周期最短,角速度最大,A、C错误;时针转动的周期最长,转速最小,B错误;秒针的角速度为ω= rad/s= rad/s,D正确.
【考点】线速度、角速度、周期(和转速)
【题点】对角速度、周期(和转速)的理解及简单计算
三、描述匀速圆周运动的各物理量之间的关系
1.描述匀速圆周运动的各物理量之间的关系
(1)v===2πnr
(2)ω===2πn
(3)v=ωr
2.描述匀速圆周运动的各物理量之间关系的理解
(1)角速度、周期、转速之间关系的理解:物体做匀速圆周运动时,由ω==2πn知,角速度、周期、转速三个物理量,只要其中一个物理量确定了,其余两个物理量也确定了.
(2)线速度与角速度之间关系的理解:由v=ω·r知,r一定时,v∝ω;v一定时,ω∝;ω一定时,v∝r.
例3 做匀速圆周运动的物体,10 s内沿半径为20 m的圆周运动100 m,试求物体做匀速圆周运动时:
(1)线速度的大小;
(2)角速度的大小;
(3)周期的大小.
18
答案 (1)10 m/s (2)0.5 rad/s (3)4π s
解析 (1)依据线速度的定义式v=可得
v== m/s=10 m/s.
(2)依据v=ωr可得,ω== rad/s=0.5 rad/s.
(3)T== s=4π s.
【考点】线速度、角速度、周期(和转速)
【题点】线速度、角速度、周期(和转速)的关系
针对训练1 (2018·温州市新力量联盟高一第二学期期中联考)机械鼠标的正反面如图1所示,鼠标中定位球的直径是2.0 cm,如果将鼠标沿直线匀速拖移12 cm需要1 s,则定位球的角速度为( )
图1
A. rad/s B. rad/s
C.12 rad/s D.6 rad/s
答案 C
解析 v== m/s=0.12 m/s
r=1.0 cm=0.01 m
ω==12 rad/s.
【考点】线速度、角速度、周期(和转速)
【题点】线速度、角速度、周期(和转速)的关系
四、同轴转动和皮带传动问题
如图为两种传动装置的模型图.
18
(1)甲图为皮带传动装置,试分析A、B两点的线速度及角速度关系.
(2)乙图为同轴转动装置,试分析A、C两点的角速度及线速度关系.
答案 (1)皮带传动时,在相同的时间内,A、B两点通过的弧长相等,所以两点的线速度大小相同,又v=rω,当v一定时,角速度与半径成反比,半径大的角速度小.
(2)同轴转动时,在相同的时间内,A、C两点转过的角度相等,所以这两点的角速度相同,又因为v=rω,当ω一定时,线速度与半径成正比,半径大的线速度大.
常见的传动装置及其特点
同轴转动
皮带传动
齿轮传动
装置
A、B两点在同轴的一个圆盘上
两个轮子用皮带连接(皮带不打滑),A、B两点分别是两个轮子边缘上的点
两个齿轮啮合,A、B两点分别是两个齿轮边缘上的点
特点
角速度、周期
相同
线速度大小相等
线速度大小相等
规律
线速度与半径成正比:
=
角速度与半径成反比:=.周期与半径成正比:
=
角速度与半径成反比:=.周期与半径成正比:=
例4
18
(2018·温州市六校协作体期中联考)某新型自行车,采用如图2甲所示的无链传动系统,利用圆锥齿轮90°轴交,将动力传至后轴,驱动后轮转动,杜绝了传统自行车“掉链子”问题.如图乙所示是圆锥齿轮90°轴交示意图,其中A是圆锥齿轮转轴上的点,B、C分别是两个圆锥齿轮边缘上的点,两个圆锥齿轮中心轴到A、B、C三点的距离分别记为rA、rB和rC(rA≠rB≠rC).下列有关物理量大小关系正确的是( )
图2
A.B点与C点的角速度:ωB=ωC
B.C点与A点的线速度:vC=vA
C.B点与A点的线速度:vB=vA
D.A点和C点的线速度:vA=vC
答案 B
解析 B点与C点的线速度相等,由于rB≠rC,所以ωB≠ωC,故A错误;B点的角速度与A点的角速度相等,所以=,即vB=vA,而vC=vB,故B正确,C错误;对A、B两点由v=ωr得:=,所以vA=vB,而又因vB=vC,所以vA=vC,D错误.
针对训练2 如图3所示的传动装置中,B、C两轮固定在一起绕同一轴转动,A、B两轮用皮带传动,三个轮的半径关系是rA=rC=2rB.若皮带不打滑,则A、B、C三轮边缘上a、b、c三点的( )
图3
A.角速度之比为2∶1∶2
B.角速度之比为1∶1∶2
C.线速度大小之比为1∶2∶2
D.线速度大小之比为1∶1∶2
答案 D
18
解析 A、B两轮通过皮带传动,皮带不打滑,则A、B两轮边缘的线速度大小相等,B、C两轮固定在一起绕同一轴转动,则B、C两轮的角速度相等.
a、b比较:va=vb
由v=ωr得:ωa∶ωb=rB∶rA=1∶2
b、c比较:ωb=ωc
由v=ωr得:vb∶vc=rB∶rC=1∶2
所以ωa∶ωb∶ωc=1∶2∶2
va∶vb∶vc=1∶1∶2,故D正确.
【考点】传动问题分析
【题点】传动问题中各物理量的比值关系
传动问题是圆周运动部分的一种常见题型,在分析此类问题时,关键是要明确什么量相等,什么量不等,在通常情况下,应抓住以下两个关键点:
(1)绕同一轴转动的各点角速度ω、转速n和周期T相等,而各点的线速度v=ωr与半径r成正比;
(2)链条和链条连接的轮子边缘线速度的大小相等,不打滑的摩擦传动两轮边缘上各点线速度大小也相等,而角速度ω=与半径r成反比.
1.(对匀速圆周运动的认识)对于做匀速圆周运动的物体,下列说法中不正确的是( )
A.相等的时间内通过的路程相等
B.相等的时间内通过的弧长相等
C.相等的时间内通过的位移相同
D.在任何相等的时间内,连接物体和圆心的半径转过的角度都相等
答案 C
解析 匀速圆周运动是指速度大小不变的圆周运动,因此在相等时间内通过的路程相等,弧长相等,转过的角度也相等,A、B、D项正确;相等时间内通过的位移大小相等,方向不一定相同,故C项错误.
18
【考点】对匀速圆周运动的理解
【题点】对匀速圆周运动的理解
2.(圆周运动各物理量的关系)一质点做匀速圆周运动,其线速度大小为4 m/s,转动周期为2 s,下列说法中不正确的是( )
A.角速度为0.5 rad/s
B.转速为0.5 r/s
C.运动轨迹的半径约为1.27 m
D.频率为0.5 Hz
答案 A
解析 由题意知v=4 m/s,T=2 s,根据角速度与周期的关系可知ω==π rad/s≈3.14 rad/s.由线速度与角速度的关系v=ωr得r== m≈1.27 m.由v=2πnr得转速n== r/s=0.5 r/s.又由频率与周期的关系得f==0.5 Hz.故A错误,符合题意.
【考点】线速度、角速度、周期(和转速)
【题点】线速度、角速度、周期(和转速)的关系
3. (同轴转动问题)(2016·浙江10月选考科目考试)在G20峰会“最忆是杭州”的文艺演出中,芭蕾舞蹈演员保持如图4所示姿式原地旋转,此时手臂上A、B两点角速度大小分别为ωA、ωB,线速度大小分别为vA、vB,则( )
图4
A.ωA<ωB B.ωA>ωB
C.vAvB
答案 D
解析 由于A、B两处在人自转的过程中周期一样,所以根据ω= 可知,A、B两处的角速度一样,所以A、B选项错误.根据v=rω 可知A处转动半径大,所以A
18
处的线速度大,选项D正确,选项C错误.
4.(传动问题)如图5所示为一种齿轮传动装置,忽略齿轮啮合部分的厚度,甲、乙两个轮子的半径之比为1∶3,则在传动的过程中( )
图5
A.甲、乙两轮的角速度之比为1∶3
B.甲、乙两轮的周期之比为3∶1
C.甲、乙两轮边缘处的线速度之比为3∶1
D.甲、乙两轮边缘上的点相等时间内转过的弧长之比为1∶1
答案 D
解析 这种齿轮传动,与不打滑的皮带传动规律相同,即两轮边缘的线速度相等,故C错误;根据线速度的定义v=可知,弧长Δs=vΔt,故D正确;根据v=ωr可知ω=,又甲、乙两个轮子的半径之比r1∶r2=1∶3,故甲、乙两轮的角速度之比ω1∶ω2=r2∶r1=3∶1,故A错误;周期T=,所以甲、乙两轮的周期之比T1∶T2=ω2∶ω1=1∶3,故B错误.
【考点】传动问题分析
【题点】传动问题中各物理量的比值关系
5.(圆周运动的周期性)如图6所示,半径为R的圆盘绕垂直于盘面的中心轴匀速转动,其正上方h处沿OB方向水平抛出一小球,不计空气阻力,重力加速度为g,要使球与盘只碰一次,且落点为B,求小球的初速度及圆盘转动的角速度ω的大小.
图6
答案 R 2nπ(n=1,2,3…)
解析 设球在空中运动时间为t,此圆盘转过θ角,则
18
R=vt,h=gt2
故初速度v=R
θ=n·2π(n=1,2,3…)
又因为θ=ωt
则圆盘角速度ω==2nπ(n=1,2,3…).
【考点】圆周运动与其他运动结合的问题
【题点】圆周运动与其他运动结合的多解问题
一、选择题
考点一 描述圆周运动的物理量及相互关系
1.用细线拴住一个小球在光滑的水平面内做匀速圆周运动,下列描述小球运动的物理量发生变化的是( )
A.速率 B.线速度
C.周期 D.角速度
答案 B
2.关于做匀速圆周运动的物体的线速度、角速度、周期的关系,下面说法中正确的是( )
A.线速度大的角速度一定大
B.线速度大的周期一定小
C.角速度大的半径一定小
D.角速度大的周期一定小
答案 D
解析 由v=ωr可知,当r一定时,v与ω成正比;v一定时,ω与r成反比,故A、C均错误.由v=可知,当r一定时,v越大,T越小,B错误.由ω=可知,ω越大,T越小,故D正确.
3.一质点做匀速圆周运动时,圆的半径为r,周期为4 s,那么1 s内质点的位移大小和路程分别是( )
18
A.r和 B.和
C.r和r D.r和
答案 D
解析 质点在1 s内转过了圈,根据运动过程可求出这段时间内的位移为r,路程为,所以选项D正确.
4.(多选)甲、乙两个做匀速圆周运动的质点,它们的角速度之比为3∶1,线速度之比为2∶3,那么下列说法中正确的是( )
A.它们的半径之比为2∶9
B.它们的半径之比为1∶2
C.它们的周期之比为2∶3
D.它们的周期之比为1∶3
答案 AD
解析 由v=ωr,得r=,==,A对,B错;由T=,得T甲∶T乙=∶=1∶3,C错,D对.
【考点】线速度、角速度、周期(和转速)
【题点】圆周运动各物理量间的比值关系
考点二 传动问题
5.如图1所示,跷跷板的支点位于板的中点,A是板上的点,B位于板的边缘,在跷动的某一时刻,A、B的线速度大小分别为vA、vB,角速度大小分别为ωA、ωB,则( )
图1
A.vA=vB,ωA>ωB B.vA<vB,ωA=ωB
C.vA=vB,ωA<ωB D.vA>vB,ωA=ωB
答案 B
解析 板和板上的动物绕同一个轴转动,转动过程中各点的角速度相同,由题意知rB>rA,由v=ωr知vB>vA,B正确.
18
6.(2018·嘉兴市3月高三选考)如图2是一种叫“指尖陀螺”的玩具,当将陀螺绕位于中心A的转轴旋转时,陀螺上B、C两点的周期、角速度及线速度的关系正确的是( )
图2
A.TB=TC,vB>vC
B.TB=TC,vB<vC
C.ωB=ωC,vB=vC
D.ωB<ωC,vB<vC
答案 B
7.(2018·台州中学高三第一学期第一次统练)如图3所示,地球可以看做一个球体,O点为地球球心,位于临海的物体A和位于赤道上的物体B,都随地球自转做匀速圆周运动,则( )
图3
A.物体的周期TA>TB
B.物体的周期TA=TB
C.物体的线速度大小vA>vB
D.物体的角速度大小ωA<ωB
答案 B
8.两个小球固定在一根长为L的杆的两端,绕杆上的O点做圆周运动,如图4所示.当小球1的速度为v1时,小球2的速度为v2,则转轴O到小球2的距离是( )
图4
18
A. B.
C. D.
答案 B
解析 两球在同一杆上,旋转的角速度相等,均为ω,设两球的转动半径分别为r1、r2,则r1+r2=L.又知v1=ωr1,v2=ωr2,联立得r2=,B正确.
9.如图5所示的齿轮传动装置中,主动轮的齿数z1=24,从动轮的齿数z2=8,当主动轮以角速度ω顺时针转动时,从动轮的运动情况是( )
图5
A.顺时针转动,周期为
B.逆时针转动,周期为
C.顺时针转动,周期为
D.逆时针转动,周期为
答案 B
解析 主动轮顺时针转动,则从动轮逆时针转动,两轮边缘的线速度大小相等,由齿数关系知主动轮转一周时,从动轮转三周,故T从=,B正确.
【考点】传动问题分析
【题点】皮带(或齿轮)传动问题分析
10.如图6所示的装置中,已知大齿轮的半径是小齿轮半径的3倍,A点和B点分别在两轮边缘,C点离大轮轴距离等于小轮半径.若不打滑,则它们的线速度之比vA∶vB∶vC为( )
图6
A.1∶3∶3 B.1∶3∶1
C.3∶3∶1 D.3∶1∶3
18
答案 C
解析 A、C两点转动的角速度相等,由v=ωr可知,vA∶vC=3∶1;A、B两点的线速度大小相等,即vA∶vB=1∶1,则vA∶vB∶vC=3∶3∶1.
【考点】传动问题分析
【题点】传动问题中各物理量的比值关系
考点三 圆周运动的周期性
11.某机器内有两个围绕各自的固定轴匀速转动的铝盘A、B,A盘固定一个信号发射装置P,能持续沿半径向外发射红外线,P到圆心的距离为28 cm.B盘上固定一个带窗口的红外线信号接收装置Q,Q到圆心的距离为16 cm.P、Q转动的线速度相同,都是4π m/s.当P、Q正对时,P发出的红外线恰好进入Q的接收窗口,如图7所示,则Q每隔一定时间就能接收到红外线信号,这个时间的最小值应为( )
图7
A.0.56 s B.0.28 s
C.0.16 s D.0.07 s
答案 A
解析 根据公式T=可求出,P、Q转动的周期分别为TP=0.14 s和TQ=0.08 s,根据题意,只有当P、Q同时转到题图所示位置时,Q才能接收到红外线信号,所以所求的最小时间应该是它们转动周期的最小公倍数,即0.56 s,所以选项A正确.
【考点】线速度、角速度、周期(和转速)
【题点】对周期和转速的理解及简单计算
12.如图8所示,一位同学做飞镖游戏,已知圆盘的直径为d,飞镖距圆盘L,且对准圆盘上边缘的A点水平抛出,初速度为v0,飞镖抛出的同时,圆盘绕垂直圆盘过盘心O的水平轴匀速运动,角速度为ω.若飞镖恰好击中A点,则下列关系正确的是( )
18
图8
A.d=
B.ω=(n=0,1,2,3…)
C.v0=ω
D.ω2=(n=0,1,2,3…)
答案 B
解析 依题意飞镖做平抛运动的同时,圆盘上A点做匀速圆周运动,恰好击中A点,说明A正好在最低点被击中,则A点转动的时间t=,平抛的时间t=,则有=(n=0,1,2,3,…),B正确,C错误;平抛的竖直位移为d,则d=gt2=,联立有dω2=gπ2(2n+1)2(n=0,1,2,3,…),A、D错误.
【考点】圆周运动与其它运动结合的问题
【题点】圆周运动与其它运动结合的多解问题
二、非选择题
13.(描述圆周运动的物理量)一汽车发动机的曲轴每分钟转2 400周,求:
(1)曲轴转动的周期与角速度;
(2)距转轴r=0.2 m点的线速度.
答案 (1) s 80π rad/s (2)16π m/s
解析 (1)由于曲轴每秒钟转=40(周),周期T= s;而每转一周为2π rad,因此曲轴转动的角速度ω=2π×40 rad/s=80π rad/s.
(2)已知r=0.2 m,因此这一点的线速度v=ωr=80π×0.2 m/s=16π m/s.
【考点】线速度、角速度、周期(和转速)
【题点】线速度、角速度、周期(和转速)的关系
14.(圆周运动与其他运动的结合)如图9所示,半径为R的圆轮在竖直面内绕O轴匀速转动,圆轮最低点距地面的高度为R,轮上a、b两点与O的连线相互垂直,a、b两点均粘有一个小物体,当a点转至最低位置时,a、b两点处的小物体同时脱落,经过相同时间落到水平地面上.
18
图9
(1)试判断圆轮的转动方向(说明判断理由).
(2)求圆轮转动的角速度大小.
答案 见解析
解析 (1)由题意知,a物体做平抛运动,若与b点物体下落的时间相同,则b物体必须做竖直下抛运动,故知圆轮转动方向为逆时针转动.
(2)a平抛:R=gt2①
b竖直下抛:2R=v0t+gt2②
由①②得v0= ③
又因ω= ④
由③④解得ω= .
【考点】圆周运动与其它运动结合的问题
【题点】圆周运动与其它运动结合的问题
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