2017-2018学年上学期期末复习备考之精准复习模拟题高三物理（C卷）（基础版）（参考答案） 13页

‎ 1．D ‎ 2．C ‎【解析】A、以质点和半球体整体作为研究对象,受到重力和地面对半球体的支持力,地面对半球体没有摩擦力,故A错误；‎ B、,对小物块受力分析,受重力,支持力和静摩擦力,将重力按照作用效果正交分解,如图 ‎ 由于物体静止在半球上,处于平衡态，沿切向列平衡方程: ，故B错误；‎ C、小物块处于平衡状态，有平衡知：N和f的合力应该等于小球的重力mg，即半球体受到小物体的作用力大小为，故C正确；‎ D、以整体为对象，由平衡条件得:地面对半球体的支持力不变,故D错误；‎ 综上所述本题答案是：C ‎3．B ‎【解析】解:A、施加F前,物体AB整体平衡,根据平衡条件,有:‎ ‎2Mg=kx;解得:‎ x=2 ‎ 施加外力F的瞬间,对B物体,根据牛顿第二定律,有:‎ F弹﹣Mg﹣FAB=Ma 其中:F弹=2Mg 解得:FAB=M(g﹣a),故A错误. ‎ B、物体A、B在t1时刻分离,此时A、B具有共同的v与a;且FAB=0;‎ 对B:F弹′﹣Mg=Ma 解得:F弹′=M(g+a),故B正确.‎ C、B受重力、弹力及压力的作用;当合力为零时,速度最大,而弹簧恢复到原长时,B受到的合力为重力,已经减速一段时间;速度不是最大值;故C错误;‎ D、B与弹簧开始时受到了A的压力做负功,故开始时机械能减小;故D错误;‎ 故选:B ‎4．C ‎ 5．C ‎【解析】A、组合体在时间t内沿圆周轨道绕地球转过的角度为 ,则角速度: 所以，故A错误；‎ B、因为不知道组合体的质量,所以不能求出组合体受到的万有引力，故B错误；‎ C、万有引力提供组合体的向心力,则: 所以: 故C正确；‎ D、根据 ， ，但不知道星球自身的半径，所以无法求地球的平均密度，故D错误；‎ 综上所述本题答案是：C ‎6．D ‎ 7．C ‎【解析】A、在C位置时小环受到的库仑力F，则有， ，故A错误；‎ B、带正电荷的小球对带负电的质量为m的小环做负功，小环的机械能减少，故B错误；‎ C、由点电荷周围的电势分布可知，距离点电荷越远，电势减小的越慢，所以AB之间的电势小于BC之间的电势，小环克服库仑力做的功在BC多，故C正确；‎ D、在A点，小环克服库仑力做功的功率为0，在C点，小环克服库仑力做功的功率为0，小环克服库仑力做功的功率先增大后减小，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎8．ABD ‎【解析】将粒子在电场中的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速运动，竖直分运动为末速度为零的匀减速运动，根据运动学公式，有水平方向：,，竖直方向：，解得：‎ ‎，，故A正确；粒子在复合场中运动时，由于电场力与重力平衡，故粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，有：，解得：,联立解得：r=2d，故B错误；由于r=2d，画出轨迹，如图 由几何关系，得到回旋角度为30°，故在复合场中的运动时间为： ，故C正确；粒子在电场中运动时间为：，故粒子在ab、bc区域中运动的总时间为：故D正确。所以ABD正确，C错误。‎ ‎9．BC 考点：动态电路。‎ ‎10．BC ‎【解析】试题分析：如果小球带正电，小球下滑过程中受到重力、垂直于斜面向下的洛伦兹力、斜面的支持力和滑动摩擦力，小球由静止开始做加速运动，随着小球速度的增大，洛伦兹力增大，摩擦力增大，加速度减小，当小球的受力达到平衡时，做匀速运动，速度达到最大．由平衡条件得 ‎，解得最大速度为，故A错误B正确；如果小球带负电，小球下滑过程中受到重力、垂直于斜面向上的洛伦兹力、斜面的支持力和滑动摩擦力，小球由静止开始做加速运动，随着小球速度的增大，洛伦兹力增大，当小球刚要离开斜面时速度达到最大，此时有，解得，故C正确D错误．‎ 考点：考查了带电小球在匀强磁场的中运动 ‎【名师点睛】若小球带正电，分析小球的受力情况，抓住洛伦兹力与速度大小成正比，确定小球的运动情况．若小球带负电，分析小球的受力情况，小球受到垂直于斜面向上的洛伦兹力作用，最终小球会离开斜面，当小球刚要离开斜面时速度达到最大，由平衡条件求出最大速度．‎ ‎11．ACD ‎ 12．AC ‎【解析】AB、设单位长度上质量为m0，则根据受力分析知，加速度与x成正比，当x=L时，加速度a=g，以后不变，故A正确，B错误；‎ CD、选取左边部分受力分析，知，故D错误，C正确；‎ 故选AC。‎ ‎13． （1）0.48 1:2 （2）1:2 由可知，当时间t相等时，位移与加速度成正比； （3）AC ‎14． （1） 60.50 （2）‎ ‎ B端 黑 1.1 0.26,(0.22∼0.30之间均正确)‎ ‎【解析】(1) ①由与得；②由刻度尺读数规则：L=(70.50-10.00)cm=60.50cm；‎ ‎(2) ①由于小灯泡电阻较小，满足，电流表应用外接法，电路图如图所示；‎ ‎②图甲中开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于B端，使得闭合电键后，测量电路部分处于短路状态，电压表、电流表示数为0，起保护作用．‎ ‎③万用表测电压时，万用表的红表笔应该与正极相连，黑表笔与负极相连．灯泡的左端是负极，所以万用表的黑表笔灯泡的左端相连．‎ ‎④当U=2.5V时，电流I=0.44A，所以额定功率为：P=UI=2.5×0.44W=1.1W．作出电动势E=3.0V，内阻r=7.5Ω的电源的I-U图线，如图，交点对应的电压和电流分别为：1.0V、0.28A，所以实际功率为：P=UI=1.0×0.28=0.28W．‎ 点晴：解决本题的关键掌握电流表内外接选择的方法，难点是与电源连接求实际功率，因为灯泡的电阻是随U的变化而变化的，所以必须用图象的方法来解决．‎ ‎15．(1)a1=8m/s2 (2) (3) ， ‎ ‎（2）P先减速到与传送带速度相同，设位移为，则 共速后，由于摩擦力 故P不可能随传送带一起匀速运动，继续向右减速，摩擦力方向水平向右 设此时的加速度为，轻绳的拉力为 对P由牛顿第二定律得： ‎ 对Q由牛顿第二定律得： ‎ 联立解得： ‎ 设减速到0位移为，则 PQ系统机械能的改变量等于摩擦力对P做的功： ‎ ‎（3）第一个减速过程，所用时间，P运动的位移为，皮带运动的位移为 第二个减速过程，所用时间，P运动的位移为，皮带运动的位移为 则整个过程产生的热量 当时， ‎ ‎【点睛】本题的难点：一是要分析当P与传送带共速度时P将做怎样的运动，二是要知道PQ系统机械能的改变量等于摩擦力对P做的功，三是写出系统热量的表达式，并由表达式分析热量的最小值.‎ ‎16．(1) (2) , (3) ‎ ‎ 则：s总= B球从刚进入电场到带电系统从开始运动到速度第一次为零时位移为L 其电势能的变化量为△Ep＝−W＝3qE•L＝4qEL ‎ ‎17． （1）与 A B；（2）①93.2%，②1190W．‎ ‎【解析】（1）由题，当A、B输入都为高电势时，Z才输出高电势，故P应是与逻辑门．本饮水机的自动加热原理：当水温较低时，Rx阻值较大，A为高电势，且有水浸没J，B也为高电势，则Z才输出高电势，电磁线圈中有电流，S被吸动闭合，发热器工作．所以该逻辑门输入信号由水位高低控制的输入端是 B，输入信号由水温高低控制的输入端是 A．‎ ‎（2）①可见当电阻丝并联电阻Rʹ最大时，电可能达到的效率最高 由于 ，当R1=R﹣R1时，并联电阻达最大值Rʹmax= Ω=55Ω 电的效率 ‎ 所以 ‎ ‎②设电阻丝的一个支路电阻R1为允许的最小值R1min时，其电流恰达到额定电流I0=5A，这时并联电阻丝的达到允许的最大功率 由闭合电路欧姆定律，得 ‎ 代入数据并整理，得R21min﹣264 R1min+8800=0‎ 解得R1min=39.1Ω（另一解大于220Ω，不合题意，舍去）‎ 这时并联电阻 ‎ 所以电可能的最大输出功率为 ‎ 点睛：解本题要知道两点：当电阻丝并联电阻R总电阻最大时，电源达到的效率最高；电阻丝的一个支路的电阻为允许的最小值，其电流恰达到额定电流时，这时并联电阻丝达到允许的最大功率．‎ ‎18．(1) (2) (3) ‎ ‎ (2)粒子a在磁场中运动轨迹如图 ‎ 在磁场中运动周期为： ④ ‎ 在磁场中运动时间： ⑤‎ 粒子在电磁场边界之间运动时，水平方向做匀速直线运动，所用时间为 ⑥ ‎ 由④⑤⑥则全程所用时间为： ‎