2019届四川省成都外国语学校高三开学考试物理试题Word版含解析 9页

‎2019届四川省成都外国语学校高三开学考试物理试题此卷只装订不密封 班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 ‎ 物理 注意事项：‎ ‎1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。‎ ‎2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。‎ ‎3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。‎ ‎4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。‎ 第I卷（选择题）‎ 一、单选题 ‎1．下列说法正确的是（ ）‎ A． 凡是大小相等、方向相反、分别作用在两个物体上的两个力必定是一对作用力和反作用力 B． 凡是大小相等、方向相反、作用在同一物体上的两个力必定是一对作用力和反作用力 C． 即使大小相等、方向相反、作用在同一直线上且分别作用在两个物体上的两个力也不一定是一对作用力和反作用力 D． 相互作用的一对力究竟称哪一个力是反作用力不是任意的 ‎2．我国“蛟龙号”深潜器在某次实验时，内部显示屏上显示了从水面开始下潜到返回水面过程中的速度图象，如图所示．以下判断正确的是（ ）‎ A． 6 min～8 min内，深潜器的加速度最大 B． 4 min～6 min内，深潜器停在深度为60 m处 C． 3 min～4 min内，潜水员处于超重状态 D． 6 min～10 min内，深潜器的加速度不变 ‎3．关于光电效应，下列表述正确的是（ ）‎ A． 光照时间越长，光电流越大 B． 入射光频率大于极限频率时就能产生光电子 C． 入射光足够强，就可以有光电流 D． 不同的金属逸出功都是一样的 ‎4．如图所示，位于同一高度的小球A、B分别以和的速度水平抛出，都落到了倾角为30°的斜面上的C点，小球B恰好垂直打在斜面上，则、之比为（ ）‎ A． 1：2 B． 2：1 C． 3：2 D． 2：3‎ ‎5．质量为m的物体P置于倾角为θ1的固定光滑斜面上，轻细绳跨过光滑定滑轮分别连接着P与小车，P与滑轮间的细绳平行于斜面，小车以速率v水平向右做匀速直线运动，当小车与滑轮间的细绳和水平方向成夹角为θ2时，如图，下列判断正确的是（ ）‎ A． P的速率为v B． P的速率为vcosθ2‎ C． 绳的拉力等于mgsinθ1 D． 绳的拉力小于mgsinθ1‎ ‎6．将一均匀导线围成一圆心角为90°的扇形导线框OMN，其中OM＝R，圆弧MN的圆心为O点，将导线框的O点置于如图所示的直角坐标系的原点，其中第二和第四象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，其磁感应强度大小为B，第三象限存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为2B。从t＝0时刻开始让导线框以O点为圆心，以恒定的角速度ω沿逆时针方向做匀速圆周运动，假定沿ONM方向的电流为正，则线框中的电流随时间的变化规律描绘正确的是(　　)‎ ‎ ‎ A． B． C． D． ‎ ‎7．如图所示，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的粗糙物块以某一初速度沿劈的粗糙斜面向上滑，至速度为零后又加速返回，而物体M始终保持静止，则在物块m上、下滑动的整个过程中（ ）‎ A． 地面对物体M的摩擦力大小相同 B． 地面对物体M的支持力总小于(M十m)g C． 地面对物体M的摩擦力先向右后向左 D． 地面对物体M的摩擦力先向左后向右 ‎8．如图所示，在绝缘的斜面上方存在着沿水平向右的匀强电场，斜面上的带电金属块沿斜面滑下。已知在下滑的过程中，金属块动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，下列判断中正确的是（ ）‎ A． 金属块带负电 B． 金属块克服电场力做功8J C． 金属块的机械能减少12J D． 金属块的电势能减少4J 二、多选题 ‎9．如图所示，建筑装修中，工人用质量为m的磨石对斜壁进行打磨，当对磨石加竖直向上大小为F的推力时，磨石恰好沿斜壁向上匀速运动，已知磨石与斜壁之间的动摩擦因数为，则磨石受到的摩擦力是（ ）‎ A． B． C． D． ‎ ‎10．如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图像,下面结论正确的是（ ）‎ A． 电源的电动势为1.0 V B． 电源的内阻为2 Ω ‎ C． 电源的短路电流为3.0 A D． 电源的内阻为12 Ω ‎11．如图所示，有一固定的且内壁光滑的半球面，球心为O，最低点为C，有两个可视为质点且质量相同的小球A和B，在球面内壁两个高度不同的水平面内做匀速圆周运动，A球的轨迹平面高于B球的轨迹平面，A、B两球与O点的连线与竖直线OC间的夹角分别为a=53°和β=37°，则(sin37°=0.6)（ ）‎ A． A、B两球所受支持力的大小之比为3：4‎ B． A、B两球运动的周期之比为 C． A、B两球的角速度之比为 D． A、B两球的线速度之比为 ‎12．如图所示，在倾角为30°的斜面上固定一电阻不计的光滑平行金属导轨，其间距为L，下端接有阻值为R的电阻，导轨处于匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向与斜面垂直(图中未画出)。质量为m、长度为L，阻值大小也为R的金属棒ab与固定在斜面上方的劲度系数为k的绝缘弹簧相接，弹簧处于原长并被锁定。现解除锁定的同时使金属棒获得沿斜面向下的速度v0，从开始运动到停止运动的过程中金属棒始终与导轨垂直并保持良好接触，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g，在上述过程中(　　)‎ A． 开始运动时金属棒与导轨接触点间电压为 B． 通过电阻R的最大电流一定是 C． 通过电阻R的总电荷量为 D． 回路产生的总热量等于 第II卷（非选择题）‎ 三、实验题 ‎13．某同学利用图示装置研究小车的匀变速直线运动。‎ ‎①实验中必要的措施是______。‎ A．细线必须与长木板平行 B．先接通电源再释放小车 C．小车的质量远大于钩码的质量 D．平衡小车与长木板间的摩擦力 ‎②他实验时将打点计时器接到频率为50 HZ的交流电源上，得到一条纸带，打出的部分计数点如图所示（每相邻两个计数点间还有4个点，图中未画出）。s1=3.59 cm，s2=4.41 cm，s3=5.19 cm，s4=5.97 cm，s5=6.78 cm，s6=7.64 cm。则小车的加速度a=______m/s2（要求充分利用测量的数据），打点计时器在打B点时小车的速度vB=_______m/s。（结果均保留两位有效数字）‎ ‎14．某学生实验小组利用图甲所示电路．测量多用电表内电池的电动势和电阻“×100”挡内部电路的总电阻．使用的器材有：‎ 多用电表；滑动变阻器：最大阻值2 kΩ；微安表：量程1 000 μA；导线若干．‎ 回答下列问题：‎ ‎(1)将多用电表挡位调到电阻“×100”挡，再将红表笔和黑表笔________，调零点．‎ ‎(2)将图甲中多用电表的红表笔和________(填“1”或“2”)端相连，黑表笔连接另一端．‎ ‎(3)将滑动变阻器的滑片调到适当位置，使这时微安表的示数为500 μA，多用电表的示数如图乙所示，多用电表的读数为________Ω.‎ ‎(4)调节滑动变阻器的滑片，使其接入电路的阻值为零．此时多用电表和微安表的读数分别为1 000 Ω和600 μA．从测量数据可知，微安表的内阻为________Ω.‎ ‎(5)多用电表电阻挡内部电路可等效为由一个无内阻的电池、一个理想电流表和一个电阻串联而成的电路，如图丙所示．根据前面的实验数据计算可得，此多用电表内电池的电动势为________V，电阻“×100”挡内部电路的总电阻为________Ω.‎ 四、解答题 ‎15．驾驶证考试路考中的一项为目标停车，考官在离停车点不远的地方发出指令，要求将车停在指定的标志杆附近，终点附近的道路是平直的，依次有编号为A、B、C、D、E的五根标志杆，相邻杆之间的距离△L = 16.0m。一次路考中，学员驾驶汽车匀速行驶，当汽车前端经过O点时考官发出指令并开始计时，学员需要经历 △t = 0.5s的反应时间才开始刹车，刹车后汽车做匀减速直线运动直到停止，汽车前端经过B、C杆的时刻分别为tB =5.50s，tC =7.50s。已知O、A间的距离LOA = 69m。求：‎ ‎（1）刹车前汽车做匀速运动的速度大小v0及刹车后做匀减速直线运动的加速度大小a；‎ ‎（2）若考官发出的指令是“在D标志杆目标停车”，则汽车停止运动时汽车前端离D杆的距离。‎ ‎16．如图所示，质量M=3kg的足够长的小车停在光滑水平地面上，另一木块m=1kg，以v0=4m/s的速度冲上小车，木块与小车间动摩擦因数=0.3，g=10m/s2，求经过时间t=2.0s时：‎ ‎（1）小车的速度大小v；‎ ‎（2）以上过程中，小车运动的距离x；‎ ‎（3）以上过程中，木块与小车由于摩擦而产生的内能Q．‎ ‎17．如图所示，虚线MN为电场、磁场的分界线，匀强电场E=103V/m，方向竖直向上，电场线与边界线MN成45o角，匀强磁场垂直纸面向里，磁感应强度B=1T，在电场中有一点A，A 点到边界线MN的垂直距离AO的长为L=10cm，将比荷为的带负电粒子从A处由静止释放（电场、磁场范围足够大,粒子所受重力不计）.求：‎ ‎(1)粒子第一次在磁场中运动的轨道半径；‎ ‎(2)粒子从释放到下一次进入到电场区域所需要的时间；‎ ‎(3)粒子第二次进、出磁场处两点间的距离。‎ ‎18．如图所示，位于原点O处的波源在t=0时刻，从平衡位置（在x轴上）开始沿y轴正方向做周期T=0.4s，振幅A=3cm的简谐振动，该波源产生的简谐横波沿x轴正方向传播，当平衡位置坐标为（6m，0）的质点P刚开始振动时波源刚好位于波谷。‎ ‎（1）质点P在开始振动后的=2.5s内通过的路程是多少？‎ ‎（2）该简谐横波的最大波速是多少？‎ 五、填空题 ‎19．某物理兴趣小组用实验探究光的色散规律，他们将半圆形玻璃砖放在竖直面内，在其左方竖直放置一个很大的光屏P，让一复色光束SA射向玻璃砖的圆心O后，有a和b两束单色光射向光屏P，如图所示。他们根据实验现象提出了以下五个猜想，你认为不正确的是_______.‎ A．单色光a的波长小于单色光b的波长 B．在玻璃中单色光a的传播速度大于单色光b的传播速度 C．单色光a通过玻璃砖所需的时间大于单色光b通过玻璃砖所需的时间 D．在光束SA绕圆心O逆时针转动的过程中，在光屏P上最早消失的是a光 E．单色光a比单色光b更容易发生明显衍射 ‎2019届四川省成都外国语学校高三开学考试物理试题 物理答案 ‎1．C ‎【解析】‎ AC、大小相等、方向相反、分别作用在两个物体上的两个力不一定是作用力和反作用力，作用力和反作用力是相互作用的一对力，故A错误，C正确；B、大小相等、方向相反、作用在同一物体上的两个力是一对平衡力，故B错误；D、相互作用的一对力，一个力是作用力，另一个力就是反作用力，哪一个力是反作用力是任意的，故D错误；故选C。‎ ‎【点睛】‎ 作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，但分别作用在不同的物体上。‎ ‎2．C ‎【解析】‎ v-t图象的斜率表示加速度，由图可知，0-1min内和3-4min内加速度最大，故A错误；v-t图象和横坐标围成的面积表示位移大小，0-4min内位移大小为：h=×（120+240）×2m=360m，4-6min内静止不动，故B错误；3-4min内，减速下降，加速度向上，处于超重状态，故C正确；v-t图象的斜率表示加速度，由图可知，8min前后，深潜器的加速度方向是不同的，故D错误；故选C．‎ 考点：v-t图象 ‎【名师点睛】‎ 该题考查速度图象的应用，在解答的过程中要明确对应v-t图象题目的坐标轴、斜率、面积的含义，然后再与相应的公式相结合即可．难度适中．‎ ‎3．B ‎【解析】‎ 光电流的大小与入射光的强度有关，与光照射的时间长短无关，故A错误．发生光电效应的条件是入射光频率大于极限频率，故B正确．能否发生光电效应与入射光的强度无关，入射光足够强，不一定能产生光电流，故C错误．不同的金属逸出功是不同的，故D错误．故选B。‎ 考点：光电效应 ‎【名师点睛】‎ 解决本题关键掌握光电效应的条件和规律；发生光电效应的条件是入射光频率大于极限频率，入射光的频率越大，最大初动能越大．光的强度大不一定能发生光电效应，不一定有光电流，在发生光电效应时，入射光的强度影响光电流的大小。‎ ‎4．C ‎【解析】‎ 球A做平抛运动，根据分位移公式，有：，，又，联立解得：；小球B恰好垂直打到斜面上，则有：， 则得：，可得： ，故C正确，A、B、D错误；故选C。‎ ‎【点睛】‎ 两个小球同时做平抛运动，又同时落在C点，说明运动时间相同；小球垂直撞在斜面上的C点，说明速度方向与斜面垂直，可以根据几何关系求出相应的物理量。‎ ‎5．‎ ‎【解析】‎ AB、将小车的速度v进行分解如图所示，则 ，故A错误，B正确； ‎ ‎ ‎ CD、小车向右运动，θ2减小，v不变，则vp逐渐增大，说明物体P沿斜面向上做加速运动，由牛顿第二定律 ，可知绳子对A的拉力 ，故C错误，D错误． ‎ 综上所述本题答案是：B 点睛：解决本题的关键得出A、B的速度关系，由牛顿第二定律分析绳子的拉力与重力的大小关系，运用外推法，即极限法分析A物体的加速度如何变化是难点．‎ ‎6．B ‎【解析】‎ 在0～t0时间内，线框从图示位置开始（t=0）转过90°的过程中，产生的感应电动势为E1= Bω•R2，由闭合电路欧姆定律得，回路中的电流为，根据楞次定律判断可知，线框中感应电流方向为逆时针方向（沿ONM方向）．在t0～2t0时间内，线框进入第三象限的过程中，回路中的电流方向为顺时针方向（沿OMN方向）．回路中产生的感应电动势为E2=Bω•R2+•2Bω•R2=BωR2=3E1；感应电流为I2=3I1．在2t0～3t0时间内，线框进入第四象限的过程中，回路中的电流方向为逆时针方向（沿ONM方向），回路中产生的感应电动势为E3=Bω•R2+•2Bω•R2=Bω•R2=3E1；感应电流为I3=3I1．在3t0～4t0时间内，线框出第四象限的过程中，回路中的电流方向为顺时针方向（沿OMN方向），回路中产生的感应电动势为E4=Bω•R2，回路电流为I4=I1，故B正确，ACD错误．故选B．‎ 点睛：对于电磁感应现象中的图象问题，磁场是根据楞次定律或右手定则判断电流方向，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律求解感应电流随时间变化关系，由此进行解答，这是电磁感应问题中常用的方法和思路．‎ ‎7．B ‎【解析】‎ 物体先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，对整体受力分析，受到总重力、支持力和向左的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有 在x轴上受力分析：f=macosθ…①‎ 在y轴上受力分析：（M+m）g-N=（M+m）asinθ…②‎ 物体上滑时，受力如图，根据牛顿第二定律，有 mgcosθ+μmgsinθ=ma1…③‎ 物体下滑时，受力如图，根据牛顿第二定律，有 mgcosθ-μmgsinθ=ma2…④‎ 由上分析可知，地面对斜面体的静摩擦力方向一直未变，向左，但大小不同，故ACD错误；由②式，地面对物体M的支持力总小于（M+m）g，故B正确；故选B。‎ ‎【点睛】‎ 本题关键是对整体受力分析后根据牛顿第二定律列式求解出支持力和静摩擦力的表达式后进行分析讨论；整体法不仅适用与相对静止的物体系统，同样也适用与有相对运动的物体之间。‎ ‎8．C ‎【解析】‎ 设下滑过程中电场力做的功为W，根据动能定理有：，解得：。因在下滑过程中电场力做负功，所以金属块带正电，A错误；电场力做负功4J，金属块克服电场力做功4J，金属块的电势能增加4J，B、D错误；重力做功24J，重力势能减少24J，已知金属块动能增加了12J，所以金属块的机械能减少12J，C正确。‎ 考点：动能和动能定理；电势能；功能关系。‎ ‎9．A ‎【解析】‎ 磨石受重力、推力、斜壁的弹力及摩擦力而处于平衡状态，由图可知，F一定大于重力；‎ 先将重力及向上的推力合力后，将二者的合力向垂直于斜面方向及沿斜面方向分解可得：在沿斜面方向有：摩擦力；在垂直斜面方向上有：，则，故AC正确，BD错误；‎ 故选AC。‎ ‎【点睛】对物体进行受力分析，根据共点力的平衡可知可求得磨石受到的摩擦力；同时根据动摩擦力的公式也可求得摩擦力。‎ ‎10．BC ‎【解析】‎ A、由闭合电路欧姆定律U=E−Ir得，当I=0时，U=E，即图线与纵轴交点表示断路状态，电动势E=6V，故A错误；BD、电源的内阻等于图线的斜率大小，故B正确，D错误；C、外电阻R=0时，短路电流为，故C正确；‎ 故选BC。‎ ‎【点睛】‎ 根据闭合电路欧姆定律分析图线与纵轴交点的物理意义和图线斜率的物理意义，当外电阻为零时，电源被短路，由闭合电路欧姆定律求出短路电流。‎ ‎11．CD ‎【解析】‎ A、由于小球在运动的过程中受到的合力沿水平方向，且恰好提供向心力，所以根据平行四边形定则得，，则，故A错误；B、小球受到的合外力：，，解得，则，故B错误；C、根据，得：‎ ‎，所以：，故C正确。D、根据得：，所以:，故D正确；故选CD。‎ ‎【点睛】‎ 小球受重力和支持力，靠两个力的合力提供向心力，根据平行四边形定则求出支持力之比，根据牛顿第二定律求出周期、线速度、角速度之比。‎ ‎12．AC ‎【解析】‎ A、开始时金属棒切割磁感线产生的感应电动势：，金属棒与导轨接触点间的电压：，故A正确；B、金属棒开始向下运动时做加速运动，当金属棒的速度最大时感应电流最大，金属棒的最大速度大于v0，最大电流大于，故B错误；C、最终金属棒静止，此时由平衡条件得：，此时弹簧的伸长量：，通过R的总电荷量：，故C正确；D. 由能量守恒定律得：，解得：，故D错误；故选AC。‎ ‎【点睛】‎ 应用E=BLv求出感应电动势，应用欧姆定律可以求出电压；应用平衡条件可以求出最终弹簧的伸长量，然后求出通过电阻的电荷量；应用能量守恒定律求出产生的热量。‎ ‎13．（1）AB （2）0.80；0.40‎ ‎【解析】‎ ‎（1）为了让小车做匀加速直线运动，应使小车受力等于细线的拉力，故应将细线与木板保持水平；同时为了打点稳定，应先开电源再放纸带，AB正确；本实验中只是研究匀变速直线运动，故不需要让小车的质量远大于钩码的质量；只要能让小车做匀加速运动即可，C错误；由C的分析可知，只要摩擦力恒定即可，不需要平衡摩擦力，D错误；‎ ‎（2）每两个计数点间有四个点没有画出，故两计数点间的时间间隔为；根据逐差法可知，物体的加速度；B点的速度等于AC段的平均速度，则有：．‎ ‎【点睛】‎ 做分析匀变速直线运动情况时，其两个推论能使我们更为方便解决问题，一、在相等时间内走过的位移差是一个定值，即，二、在选定的某一过程中，中间时刻瞬时速度等于该过程中的平均速度．‎ ‎14．（1）短接 （2）2 （3）1500 （4）1000 （5）1.5；1500；‎ ‎【解析】‎ 欧姆表使用前一定要欧姆调零，掌握其调零方法；多用电表接线时应保证“红正黑负”，即电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；欧姆表读数等于倍率乘以表盘读数；欧姆表测量的是外电路的总电阻，由于滑动变阻器被短路，故欧姆表读数即为电压表阻值；由闭合电路欧姆定律列式即可求得电流表内阻即电源的电动。‎ ‎(1)每次换档时均要进行欧姆调零；方法是将红黑表笔短接，调接欧姆旋钮使指针指到右侧零刻度处；‎ ‎(2)多用电表外接线柱为红正黑负，电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；电流从电压表正接线柱流入，故红表笔接触2，黑表笔接1；‎ ‎(3)欧姆表读数等于倍率乘以表盘读数，故读数为：100×15.0Ω=1500Ω；‎ ‎(4)由于滑动变阻器被短路，故欧姆表读数即为微安表的内阻，为1000Ω；‎ ‎(5)欧姆表的中值电阻等于内电阻，由图可知，中值电阻为1500Ω；故欧姆表100档位的内电阻为1500Ω；根据闭合电路欧姆定律可知：，解得 ‎15．（1） ， （2）7m ‎【解析】‎ ‎（1）汽车从O到标志杆B的过程中：LOA+△L=v0△t+v0（tB-△t）-a（tB-△t）2，‎ 汽车从O到标志杆C的过程中：LOA+2△L=v0△t+v0（tC-△t）-a（tC-△t）2，‎ 解得：v0=20m/s，a=2m/s2；‎ ‎（2）汽车从开始到停下运动的距离：，解得：x=110m，‎ 因此汽车停止运动时车头前端离D杆的距离：‎ LOA+3△L-x=7m 考点：匀变速运动的规律 ‎【名师点睛】‎ 此题要理解反应时间内汽车继续做匀速运动，还要养成画运动过程示意图，找位移之间的关系．此题有一定的难度，属于中档题。‎ ‎16．（1） （2） （3）6J ‎【解析】‎ ‎（1）木块的加速度am=μg=3m/s2‎ 小车的加速度：‎ 两者速度相等时：v=v0-amt1=aMt1‎ 解得：t1=1s，v=1m/s 此后小车和木块共同匀速运动，则t=2．0s时小车的速度大小v=1m/s ‎（2）小车加速阶段的位移为：x1＝aMt12=×1×12=0．5m 匀速运动的时间t2=t-t1=1s 小车匀速阶段的位移为：x2=vt2=1×1=1m ‎2s内小车运动的距离x=x1+x2=1．5m ‎（3）速度相等前，木块的位移：‎ 木块和小车的相对位移为：△x=x′-x1=2m木块与小车由于摩擦而产生的内能：Q=f•△x=μmg△x=6J 考点：牛顿第二定律的综合应用 ‎17．（1） （2） （3） ‎ ‎【解析】‎ 根据动能定理求解粒子第一次进入磁场时的速度大小，进入磁场做匀速圆周运动，根据洛伦磁力提供向心力求出粒子第一次在磁场中运动的轨道半径；先求出粒子在电场中匀加速直线运动的时间，由牛顿第二定律和速度公式结合求解；粒子在磁场中转过周，运动时间为T，求得周期T，即求出在磁场中运动时间，从而得到总时间；画出轨迹，根据几何知识求解粒子第二次进、出磁场处两点间的距离。‎ ‎(1)粒子在电场中做初速度为0的匀加速直线运动，设粒子的质量为m，带电量为q，进入磁场时的速度为v，则：，代入数据解得：‎ 进入磁场做匀速圆周运动，则有，解得 ‎ ‎(2)设粒子在进入磁场前匀加速运动的时间为t1，在磁场中做匀速圆周运动的时间为t2，则，，得 ‎ 周期，则 ‎ 所以总时间为 ‎（3）如图所示，粒子在电场中做类平抛运动，设粒子第二次进入磁场时的速度为V，速度方向与水平方向间的夹角为α，与分界线间的夹角为θ，则有：tanα=2；θ=α-45‎ 半径 粒子第二次进、出磁场处两点间的距离 ‎ 解得 ‎ ‎ ‎ ‎18．(1) （2） ‎ ‎【解析】‎ ‎（1）由于质点P从平衡位置开始振动，并且 质点P在开始振动后的内通过的路程 ‎（2）设该简谐横波的波速为v，OP间的距离为，由题意可得 所以当n＝0时，波速最大为vm＝20 m/s 考点：考查了机械波的传播 ‎【名师点睛】‎ 利用机械波的基本特点进行分析，根据距离与波长的关系确定P与波源状态关系；机械波的特点：简谐横波传播过程中，介质中各个质点振动的周期都等于波源的振动周期，起振方向都与波源的起振方向相同；本章一定要善于画波形图，据波形图分析找各质点的振动关系和距离关系．‎ ‎19．ACD ‎【解析】‎ A、由图知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，则a光的波长大于b光的波长，故A错误；BC、由知，b光在玻璃砖中传播速度较小，时间较长，故B正确，C错误；D、由知a光的临界角较大，b光的临界角较小，则当光束SA绕圆心O逆时针转动过程中，在光屏P上最早消失的是b光，D错误；E、a光的波长大于b光的波长，a光波动性强，相同条件下，a光比b光容易发生衍射，故E正确；不正确的是故选ACD。‎ ‎【点睛】‎ 根据光线的偏折程度，比较光的折射率大小，从而得出频率的大小关系；由比较光在玻璃砖中传播速度的大小，即可比较时间的长短；由比较临界角的大小，临界角小的光最先消失；折射率越小，波长越长，越容易发生衍射。‎