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- 2021-05-31 发布
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第2课时 力与直线运动
考点 匀变速直线运动规律的应用
1.基本规律
速度公式:v=v0+at.
位移公式:x=v0t+at2.
速度和位移公式的推论:v2-v02=2ax.
中间时刻的瞬时速度:v==.
任意两个连续相等的时间内的位移之差是一个恒量,即Δx=xn+1-xn=aT2.
2.刹车问题
末速度为零的匀减速直线运动问题常用逆向思维法,应特别注意刹车问题,要先判断车停下所用的时间,再选择合适的公式求解.
3.双向可逆类
全过程加速度的大小和方向均不变,故求解时可对全过程列式,但需注意x、v、a等矢量的正、负及物理意义.
4.平均速度法的应用
在用运动学公式分析问题时,平均速度法常常能使解题过程简化.
5.解题思路
建立物体运动的情景,画出物体运动示意图,并在图上标明相关位置和所涉及的物理量,明确哪些量已知,哪些量未知,然后根据运动学公式的特点恰当选择公式求解.
例1 (2019·湖南娄底市下学期质量检测)如图1所示水平导轨,A、B为弹性竖直挡板,相距L=4 m.一小球自A板处开始,以v0=4 m/s的速度沿导轨向B运动,它与A、B挡板碰撞后均以与碰前大小相等的速率反弹回来,且在导轨上做减速运动的加速度大小不变,为使小球停在AB的中点,这个加速度的大小可能为( )
图1
A. m/s2 B.0.5 m/s2 C.1 m/s2 D.1.5 m/s2
答案 A
解析 物体停在AB的中点,可知物体的路程s=nL+,n=0,1,2….由v2-v02=2as得,|a|=,n=0,1,2….代入数据解得|a|= m/s2.n=0,1,2…,将选项中加速度大小代入上式,可知只有A项正确.
变式训练
1.(2019·陕西咸阳市第一次模拟)一辆汽车以某一速度在郊区的水平路面上行驶,因前方交通事故紧急刹车而做匀减速直线运动,最后静止,汽车在最初3 s内通过的位移与最后3 s内通过的位移之比为x1∶x2=5∶3,汽车运动的加速度大小为a=5 m/s2,则汽车制动的总时间t( )
A.t>6 s B.t=6 s
C.4 sv0,不合题意
当t1=2 s时,vB=at1=2 m/s,vBa甲>a丙,F甲=F乙=F丙,D正确.
级争分练
10.(多选)(2019·贵州部分重点中学教学质量评测)如图8所示,滑块A沿表面粗糙的固定斜面B加速下滑.下列做法中,一定能使A下滑时加速度减小的是( )
图8
A.在A上放一物块
B.在A上施一竖直向下的力
C.在A上施一垂直斜面向下的力
D.在A上施一竖直向上且小于A重力的力
答案 CD
解析 设滑块A与斜面B之间的动摩擦因数为μ,斜面的倾角为θ,滑块A沿表面粗糙的固定斜面B加速下滑的加速度为a1,则有:mgsin θ-μmgcos θ=ma1,a1=gsin θ-μgcos θ,在A上放一物块,相当于增大A的质量,对A的加速度没有影响,故A错误.在A上施一竖直向下的力有:(F+mg)sin θ-μ(F+mg)cos θ=ma2,a2=gsin θ-μgcos θ+,因为加速下滑有:μμcos θ,Fsin θ>μFcos θ,所以a2>a1,故B错误.在A上施一垂直斜面向下的力,同理分析有:mgsin θ-μmgcos θ-μF=ma3,a3=gsin θ-μgcos θ-Fm=30 N,木块和木板发生相对滑动,木块加速度为a1,木板加速度为a2
F2-μ1mg-μ2(M+m)g=Ma2
经时间t2二者分离,此时由运动学规律可得:
vt2+a2t22-(vt2+a1t22)=l
解得:a2=6 m/s2,t2=1 s
此时木块的速度v块=v+a1t2
木板的速度:v板= v+a2t2
木块与木板分离至滑落到地面的时间为t3,由平抛运动知识可得:h=gt32
在t3时间内,木块在水平方向向前的位移为:s块=v块t3
木块与木板分离后,木板的加速度为a3,由牛顿第二定律可得:F2-μ2Mg=Ma3
在t3时间内,木板在水平方向向前的位移为:s板=v板t3+a3t32
所以,木块落地时距离木板左侧:Δs= s板-s块
联立以上式子解得:Δs=1.68 m.