江苏省沭阳县修远中学2019-2020学年高二上学期第一次月考物理试题（实验班） 16页

‎2019-2020学年度第一学期第一次阶段测试 高二物理试题 一、单选题（本大题共9小题，每小题4分，共36分）‎ ‎1.甲、乙两完全相同的金属球（可视为质点）分别带电+4q和﹣2q，当它们相距d时，它们间的库仑力大小为F．让甲、乙接触后，再使其相距，则甲、乙间的库仑力大小为（　　）‎ A. 2F B. 3F C. 4F D. 16F ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】根据库仑定律公式得；接触再分离后所带电量各为，那么甲、乙间的库仑力大小为；‎ A.与分析相符，符合题意；‎ B.与分析不符，不符合题意；‎ C.与分析不符，不符合题意；‎ D.与分析不符，不符合题意 ‎2.如图所示，对于电场线中的A、B、C三点，下列判断正确的是(　　)‎ A. A点的电势最低 B. B点的电场强度最大 C. 同一正电荷在A、B两点受的电场力大小相等 D. 同一负电荷在C点具有的电势能比在A点的大 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 根据顺着电场线电势降低，可知A点的电势最高，故A错误；电场线越密，场强越大，B处电场线最疏，电场强度最小，故B错误；A处电场线最密，电场强度最大，同一电荷在A点受到的电场力最大，故C错误；将负电荷从A点移到C点电场力做负功，电势能将增加，所以同一负电荷在C点具有的电势能比在A点的大，故D正确。所以D正确，ABC错误。‎ ‎3.如图a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c，a、b间的距离等于b、c间的距离。用、、和、、分别表示a、b、c三点的电势和电场强度，可以断定（ ）‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．a、b、c是一条电场线上的三个点，由于电场线的疏密不能确定，所以无法判断场强的大小，故AB错误；‎ C．因为只有匀强电场中，因场强关系不确定，则不一定等于，故A错误；‎ D．沿电场线方向电势降低，可以比较电势高低，根据电场线方向可知，故D正确。‎ ‎4.如图所示，平行板电容器与电动势为E的电源连接，上极板A接地，一带负电的油滴固定于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板B竖直向下移动一小段距离，则（ ）‎ A. 带电油滴所受静电力不变 B. P点的电势将升高 C. 带电油滴在P点时的电势能增大 D. 电容器电容减小，极板带电荷量增大 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、将平行板电容器下极板竖直向下移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据得知板间场强减小，油滴所受的静电力减小，则油滴将向下运动，故选项A错误；‎ BC、板间场强减小，而点与上极板间的距离不变，则由公式分析可知，点与上极板间电势差将减小，而点的电势低于上极板的电势，则知点的电势将升高，由带电油滴原来处于平衡状态可知油滴带负电，点的电势升高，则油滴在点时的电势能将减小，故选项B正确，C错误；‎ D、根据电容的定义式电容器与电源相连，则不变，当减小时，则极板带电荷量也减小，故选项D错误。‎ ‎5. 下列说法正确的是（ ）‎ A. 通过导线横截面的电荷量越多，电流越大 B. 通电时间越短，电流越大 C. 通过导线横截面的电荷量越小，电流越小 D. 在单位时间内，通过导体某一横截面的电荷量越多，电流越大 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：通过导体横截面的电量多少，但不知道通电时间，所以不能得出导体中的电流大小，故AC错误；通电时间短，但不知道通过导体横截面的电量，所以不能得出导体中的电流大小，故B错误；物理学中用每秒通过导体横截面的电荷量来表示电流的强弱表示电流，所以在单位时间内，通过导体某一横截面的电荷量越多，电流越大，故D正确．‎ 考点：考查了电流的定义 ‎【名师点睛】物理学中用每秒通过导体横截面的电荷量来表示电流的强弱，叫做电流，定义式．‎ ‎6. 关于电动势，下列说法正确的是（ ）‎ A. 电源电动势一定等于电源两极间的电压 B. 电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大 C. 体积越大的电源，电动势一定越大 D. 电源电动势与外电路的组成有关 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：根据闭合电路欧姆定律得知：电动势的数值等于内外电压之和，当电源没有接入电路时，电路中没有电流，电源的内电压为零，外电压即电源两极间的电压等于电动势；当电源接入电路时，电路有电流，电源有内电压，两极间的电压小于电动势，故A错误；电源是把其它形式的能转化为电能的装置，电动势表征了这种转化本领的大小，所以电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大，故B正确；干电池的电动势与正负极的材料有关，与电源的体积无关；而其他的电源的电动势的大小也不一定与体积有关，故C错误；电动势由电源本身特性决定，与外电路的组成无关，故D错误。‎ 考点：电源的电动势和内阻、闭合电路的欧姆定律 ‎【名师点睛】电源是把其它形式的能转化为电能的装置，电动势表征了这种转化本领的大小，等于电源没有接入电路时两极间的电压，根据闭合电路欧姆定律分析电动势与外、内电压的关系。‎ ‎7.将一内阻是3k电压表的量程由0~3V扩大到0~15V，需要给它 A. 并联12k电阻 B. 并联15k电阻 C. 串联12k电阻 D. 串联15k电阻 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 把一个电压表改装为量程更大的电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点可以求出串联电阻阻值。‎ ‎【详解】把量程为3V的电压表改装成15V的电压表需要串联分压电阻，由串联电路特点可知，分压电阻分压为12V，是电压表的4倍，串联电路两端电压与电阻成正比，由此可知，串联电阻阻值为电压表内阻的4倍，串联电阻阻值为：3kΩ×4=12kΩ，故C正确，ABD错误。故选C。‎ ‎【点睛】题考查了电压表的改装，知道电压表的改装原理是解题的前提与关键，应用串联电路特点即可解题。‎ ‎8.如图甲、乙所示的电路图为电表改装的示意图，G为表头、R为可调电阻，则下列说法正确的是(　　)‎ A. 图甲为电流表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大 B. 图甲为电流表改装的原理图，减小可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大 C. 图乙为欧姆表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大 D. 图乙为电压表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程减小 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.G表头并联电阻为电流表，若增大可调电阻的阻值分流变小，则量程变小，若减小可调电阻的阻值分流变大，则量程变大故A错误，B正确.‎ CD.G表头串联电阻为电压表，增大可调电阻的阻值分压变大，则量程变大，反之，量程变小，则C错误，D错误.‎ ‎9.如图所示，当电路a、b两端接入100 V电压时，c、d两端电压为20 V；当电路c、d两端接入100 V电压时，a、b两端电压为50 V，则R1﹕R2﹕R3为（ ）‎ A. 4﹕2﹕1 B. 2﹕1﹕1‎ C. 3﹕2﹕2 D. 以上都不对 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】当a、b两端接入100V电压时，有，解得R1：R2=2:1；当c、d两端接入100V电压时，有，解得R2：R3=2:1.；联立得R1：R2：R3=4:2:1.‎ A. 4﹕2﹕1，与结论相符，选项A正确；‎ B. 2﹕1﹕1，与结论不相符，选项B错误；‎ C. 3﹕2﹕2，与结论不相符，选项C错误；‎ D. 以上都不对，与结论不相符，选项D错误；‎ 二、多选题（本大题共3小题，全对得5分，漏选2分，错选或不答的得0分共15分）‎ ‎10. 下列物理量中哪些与检验电荷无关（ ）‎ A. 电场强度E B. 电势 C. 电势能EP D. 电场力F ‎【答案】AB ‎【解析】‎ 场强表述电场力的性质，电势描述电场能的性质，由场本身决定，与检验电荷无关。AB对。电势能，电场力,与检验电荷有关，CD错。‎ ‎11.如图所示，Q为带负电的绝缘小球，AB为不带电的中性导体且放在Q附近，达到静电平衡状态后，下列判断正确的是（　　）‎ A. A端电势高于B端电势 B. A端电势等于B端电势 C. 导体内的感应电场场强 D. 导体内的电场强度为零 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ A、根据静电感应可以判断枕形导体A端带正电荷,B端带负电荷.处于静电平衡的导体是等势体,故A错误;B正确; C、D、处于静电平衡的导体,因为内部合电场强度为零,因此没有电场强度方向可言,故C错误,D正确;‎ 综上所述本题答案是：BD ‎12.某导体中的电随其两端电压的变化如图所示，图线上过点的切线交轴于点，则下列说法中正确的是（ ）‎ A. 加电压时，导体的电阻约是 B. 加电压时，导体的电阻约是 C. 由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小 D. 由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】A.加5V的电压时，电流为1.0A，则由欧姆定律可知，；故A符合题意；‎ B.加12V的电压时，电流为1.5A，则可得电阻为：R′=＝8Ω；故B不符合题意；‎ C.由图可知，随电压的增大，图象的斜率减小，则可知导体的电阻越来越大，故C不符合题意；‎ D.随着电压的减小，导体的电阻减小；故D符合题意；‎ 三、填空题（本题共2小题，共计20分．请把答案填在答题卡中对应位置）‎ ‎13.某同学测定金属丝电阻率实验的部分步骤如下：‎ ‎（1）用刻度尺正确测量金属丝接入电路的长度后，再用螺旋测微器测量金属丝的直径，当测微螺杆与金属丝将要接触时，应调节旋钮______（选填“A”、“B”、“C”或“D”）直到发出“喀喀”声时停止；测量结果如图，读数为_____mm．‎ ‎ ‎ ‎（2）用多用电表的电阻“×1”挡粗测此金属丝的电阻，表盘示数如图所示，则该金属丝的阻值约为_____．‎ ‎（3）用如下实验器材进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有：‎ A．电压表V(量程0~3V) ‎ B．电流表A(量程0~0.6A)‎ C．滑动变阻器R1(0~20、0.6A)‎ D．滑动变阻器R2(0~2000、0.1A)‎ E．1.5V的干电池两节，内阻不计 F．开关S，导线若干 为了测多组实验数据，上述器材中的滑动变阻器应选用______(选填“C”或“D”)．‎ ‎（4）用正确选择的滑动变阻器连接好电路如图所示，闭合开关后，发现电流表示数几乎为零，电压表示数接近电源电动势．经检测导线和电表均完好，则发生故障的是_______断路（选填“待测金属丝”、“滑动变阻器”或“开关”）．‎ ‎【答案】 (1). D (2). 0.409-0.412mm (3). 8 (4). C (5). 待测金属丝 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，当测微螺杆与金属丝将要接触时，应调节微调旋钮；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数。 （2）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数。 （3）为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器。 （4）常见的电路故障有断路与短路两种，根据电路故障现象分析电路故障原因。‎ ‎【详解】（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，当测微螺杆与金属丝将要接触时，应调节旋钮D发出“喀喀”声时停止；由图示螺旋测微器可知，其示数为：0mm+41.0×0.01mm=0.410mm； （2）用多用电表的电阻“×1”挡粗测此金属丝的电阻，由图2所示可知，该电阻的阻值约为8×1=8Ω； （3）为方便实验操作，滑动变阻器应选择C。 （4）闭合开关后，电流表示数为零，说明电路存在断路；电压表示数接近电源电动势，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，与电压表并联的电阻丝发生断路。‎ ‎【点睛】本题考查了螺旋测微器与欧姆表读数、实验器材选择与电路故障分析，要掌握常用器材的使用及读数方法，要掌握实验器材的选择原则：安全性原则、精确性原则、方便实验操作原则。‎ ‎14.某同学利用如图甲所示的实验装置测量一节干电池的电动势和内阻．‎ ‎（1）调节滑动变阻器，电压表和电流表的示数记录如下：‎ U(V)‎ ‎1.45‎ ‎1.36‎ ‎1.28‎ ‎1.25‎ ‎1.09‎ ‎1.01‎ I(A)‎ ‎0.12‎ ‎0.18‎ ‎0.24‎ ‎0.30‎ ‎036‎ ‎0.42‎ 请根据表中的数据，在坐标纸图乙上作出U－I图线______．‎ ‎（2）由图线求得：电动势E＝________V；内阻r ＝________．‎ ‎（3）该电路中电阻的作用是__________． ‎ ‎（4）引起该实验系统误差的主要原因是_____．‎ A．电压表的分流造成电流表读数偏小 B．电压表的分流造成电流表读数偏大 C．电流表的分压造成电压表读数偏小 D．电流表的分压造成电压表读数偏大 ‎【答案】图像如图；‎ ‎1.63V（1.60-1.65都算对）‎ ‎1.48Ω（1.40-1.56都算对）‎ 保护电路 A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）根据表中实验数据，应用描点法作出图线。 （2）电源U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图线斜率的绝对值等于电源内阻，根据图示图象求出电源电动势与内阻。 （3）分析图示电路图答题。 （4）根据实验电路图分析实验误差来源，然后答题。‎ ‎【详解】（1）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示： （2）由图示U-I图象可知，电源电动势：E=1.62V 电源内阻：； （3）由图示电路图可知，定值电阻串联在电路中，起保护电路的作用。 （4）由图示电路图可知，电流表采用内接法，由于电压表的分流作用，电流的测量值偏小，这是造成实验误差的原因，故A正确，BCD错误；故选A。‎ 四、计算题：本题共3小题，共计28分．请按题目的要求作答，解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的必须明确写出数值和单位.‎ ‎15.如图所示，匀强电场沿水平方向，其中有三点A、B、C构成一个直角三角形，AB与电场线平行，且AB＝4cm，AC连线和场强方向成37°角。已知电量为q=－2.0×10-8C的电荷在A点时受到的电场力大小F=8.0×10-6N，方向水平向左，求：‎ ‎（1）匀强电场的场强？‎ ‎（2）A、B两点间的电势差UAB？‎ ‎（3）把上述电荷从A移到C电场力所做的功？(sin37o=0.6，cos37o=0.8‎ ‎【答案】（1）400N/C，方向水平向右（2）16V（3）－3.2×10-7J ‎【解析】‎ ‎（1）由 ‎ 可得：，场强方向水平向右 ‎ ‎（2）由 ‎ 可得：UAB=400×0.04V=16V ‎ ‎（3）BC垂直于电场线，为等势面 φB=φC ‎ WAC=WAB=UABq ‎ WAC=－3.2×10-7J ‎ ‎16.如图为一真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出（初速度可忽略不计），经灯丝与A板间的电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L，偏转电场右边缘到荧光屏的距离为L0，电子的质量为m，电荷量为e，不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力．‎ ‎（1）求电子穿过A板时速度的大小；‎ ‎（2）求电子打在荧光屏上的侧移量OP的距离。‎ ‎【答案】（1）（2）‎ ‎【解析】‎ 试题分析:（1）设电子经电压U1加速后的速度为v0，由动能定理有 解得 ‎（2）电子沿极板方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动．设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场中运动的时间为t，加速度为a，电子离开偏转电场时的侧移量为y．由牛顿第二定律和运动学公式有 解得:‎ 由相似三角形得 解得 考点：考查带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．‎ ‎【名师点睛】解决本题的关键掌握处理类平抛运动的方法，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解．‎ ‎17.如图，电路中电源电动势E=10 V，内阻r = 1，小灯泡L额定电压U = 8V，额定功率字迹模糊不清，电动机M的线圈电阻RM = 2．闭合开关S后，灯泡恰好正常发光，电动机输出机械功率P =3.5W．求：‎ ‎（1）电源中电流I；‎ ‎（2）电动机线圈中电流IM；‎ ‎（3）小灯泡额定功率PL．‎ ‎【答案】（1）2A （2）0.5A （3）12W ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）小灯泡正常发光，说明外电压等于小灯泡的额定电压，根据闭合电路欧姆定律列式求解通过电源的电流I；‎ ‎（2）电动机总功率等于热功率和机械功率之和，从而求解通过电动机的电流；‎ ‎（3）电源电流减去电动机的电流等于灯泡的电流，根据P=UI求解灯泡的功率．‎ ‎【详解】（1）电源的内电压 ‎ 电源中电流 ‎ 解得：‎ ‎（2）电动机的总功率 ‎ 电动机的热功率 ‎ 能量守恒 ‎ 电动机中电流 ‎ ‎（3）通过灯泡的电流 小灯泡的额定功率 ‎ ‎【点睛】对于电动机工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，本题不能用欧姆定律求出通过电动机的电流．‎ ‎ ‎