云南省镇康县第一中学2019-2020学年高一上学期12月月考物理试题 10页

云南省镇康县第一中学2019-2020学年上学期12月份考试 ‎ 高一物理 本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间150分钟。‎ ‎ ‎ 一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分) ‎ ‎1.下列速度中，指平均速度的是(　　)‎ A． 雨滴落地时的速度 B． 汽车通过南京长江大桥的速度 C． 子弹射出枪口时的速度 D． 跳水运动员起跳后，到达最高点的速度 ‎2.如图所示，固定的斜面上有一个质量为m的物块在沿斜面向下的拉力F1作用下匀速下滑，在下滑过程中的某时刻对物块再施加一个竖直向上的恒力F2，且F2F2，则1施于2的作用力大小为(　　)‎ A．F1 B．F2 C．(F1＋F2) D．(F1－F2)‎ ‎8.两个力F1和F2间的夹角为θ，两个力的合力为F.以下说法正确的是(　　)‎ A． 若F1和F2大小不变，θ角越小，合力F就越小 B． 合力F可能比任何一个分力都小 C． 合力F总比任何一个分力都大 D． 如果夹角θ不变，F1大小不变，只要F2增大，合力F就必然增大 ‎9.如图是关于车拉马、马拉车的问题，下列说法中正确的是(　　)‎ A． 马拉车不动，是因为马拉车的力小于车拉马的力 B． 马拉车前进，是因为马拉车的力大于车拉马的力 C． 马拉车，不论车动还是不动，马拉车的力的大小总是等于车拉马的力的大小 D． 马拉车不动或车匀速前进时，马拉车的力与车拉马的力才大小相等 ‎10.2013年6月“神舟十号”载人飞船与“天宫一号”成功对接，全国人民为之振奋．如下图甲所示，假设发射飞船的火箭某段时间内由地面竖直向上运动，该段时间内其竖直方向上的v－t图象可简化为如图乙所示，由图象可知(　　)‎ A． 0～t1时间内火箭的加速度小于t1～t2时间内火箭的加速度 B． 在0～t2时间内火箭上升，t2～t3时间内火箭下落 C．t2时刻火箭离地面最远 D．t3时刻火箭回到地面 ‎11.如图所示，A、B两物体的质量分别为mA、mB，且mA>mB，整个系统处于静止状态，滑轮的质量和一切摩擦均不计，如果绳一端由Q点缓慢地向左移到P点，整个系统重新平衡后，绳的拉力F和两滑轮间绳与水平方向的夹角θ变化情况是(　　)‎ A．F变大，θ角变大 B．F变小，θ角变小 C．F不变，θ角变小 D．F不变，θ角不变 ‎12.11月28日，在纽约举行的世界杯游泳比赛中，我国女蛙王罗雪娟在50 m蛙泳比赛中，以31秒的成绩获得金牌，高科技记录仪测得她冲刺终点的速度为40 m/s，则她在50 m的运动中平均速度约为(　　)‎ A． 20 m/s B． 1.61 m/s C． 4.0 m/s D． 1.70 m/s 二、多选题(共4小题,共16分) ‎ ‎13.(多选)如图所示，水平传送带以速度v1匀速运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t＝0时刻P在传送带左端具有速度v2，P与定滑轮间的绳水平，t＝t0时刻P离开传送带．不计定滑轮质量和滑轮与绳之间的摩擦，绳足够长．正确描述小物体P速度随时间变化的图象可能是(　　)‎ A．‎ B．‎ C． D．‎ ‎14.(多选)下图表示匀变速运动的是(　　)‎ A．B．C．D．‎ ‎15.(多选)如图，甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t＝0时刻两车同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v－t图中，直线a、b分别描述了甲乙两车在0～20 s的运动情况．关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是(　　)‎ A． 在0～10 s内两车且行且靠近 B． 在t＝10 s时两车在公路上相遇 C． 在5～15 s内两车的位移相等 D． 在t＝20 s时两车在公路上相遇 ‎16.(多选)关于超重和失重的下列说法中，正确的是(　　)‎ A． 物体具有向上的加速度时处于超重状态，物体具有向下的加速度时处于失重状态 B． 地面附近的物体只在重力作用下的运动中处于完全失重状态 C． 超重就是物体所受的重力增大了，失重就是物体所受的重力减小了 D． 物体做自由落体运动时处于完全失重状态，所以做自由落体运动的物体不受重力作用 分卷II 三、实验题(共2小题,共15分) ‎ ‎17.一小球在桌面上从静止开始做加速直线运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下小球每次曝光的位置，并将小球的位置进行编号．如图甲所示，1位置恰为小球刚开始运动的瞬间，作为零时刻．摄影机连续两次曝光的时间间隔均相同，小球从1位置到6位置的运动过程中经过各位置的速度分别为v1＝0，v2＝0.06 m/s，v3＝________m/s，v4＝0.18 m/s，v5＝________m/s.在图乙所示的坐标纸上作出小球的速度—时间图象(保留描点痕迹)；根据图象可求出加速度a＝________m/s2.(保留三位有效数字)‎ ‎18.　在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某次实验测得如下数据：当m一定时，a与F的关系如表一所示；当F一定时，a与的关系如表二所示．‎ 表一 表二 ‎(1)在如图所示的相应坐标系中，根据表一、表二所给数据作出图象．‎ ‎(2)由图象可以判定：当m一定时，a与F的关系为________；当F一定时，a与m 的关系为________．‎ ‎(3)在研究a与m的关系时，作了a－图象，而没作a－m图象，那么作a－图象有何优点？‎ 四、计算题 ‎ ‎19.足球以10 m/s的水平速度正对着墙壁撞击后，以9.0 m/s的速度被反向弹回，球与墙壁的接触时间是0.10 s，则：‎ ‎（1）在与墙壁接触的这段时间内足球的加速度是多大？方向如何？‎ ‎（2）若足球被反弹后做加速度大小为1.5 m/s2的匀减速直线运动，求：反弹后8 s时球离墙壁的距离．‎ ‎20.一个物体以v0＝8 m/s的初速度从斜面底端沿光滑斜面向上滑动，加速度的大小为2 m/s2，冲上最高点之后，又以相同的加速度往回运动．求：‎ ‎(1)物体3 s末的速度；‎ ‎(2)物体5 s末的速度；‎ ‎(3)物体在斜面上的位移大小为15 m时所用的时间．‎ ‎21.如下图所示，质量为mB＝14 kg的木板B放在水平地面上，质量为mA＝10 kg的木箱A放在木板B上．一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在地面的木桩上，绳绷紧时与水平面的夹角为θ＝37°.已知木箱A与木板B之间的动摩擦因数μ1＝0.5，木板B与地面之间的动摩擦因数μ2＝0.4.重力加速度g取10 m/s2.现用水平力F将木板B从木箱A下面匀速抽出，试求：(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)‎ ‎(1)绳上张力FT的大小；‎ ‎(2)拉力F的大小．‎ ‎22.如图甲所示，质量为1.0 kg的物体置于固定斜面上，斜面的倾角θ＝37°，对物体施以平行于斜面向上的拉力F，物体运动的F－t图象如图乙(规定沿斜面向上的方向为正方向，g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)，物体与斜面间的动摩擦因数μ＝，试求：‎ ‎(1)0～1 s内物体运动位移的大小；‎ ‎(2)1 s后物体继续沿斜面上滑的距离．‎ 答案 ‎1.B 2.B 3.B 4.A 5.A 6.A 7.C 8.B 9.C 10.A 11.D 12.B ‎13.BC 14.AC 15.CD 16.AB ‎17.0.12　0.24　见解析图　0.12‎ ‎【解析】　如题图所示，x1＋x2＝0.06 m，而v2＝m/s＝0.06 m/s，故T＝0.5 s，‎ 则v3＝＝m/s＝0.12 m/s，‎ 又x4＋x5＝0.24 m，‎ 则v5＝＝m/s＝0.24 m/s.‎ 其v－t图象如图所示：‎ 加速度：a＝k＝＝m/s2≈0.12 m/s2.‎ ‎18.　(1)作出图象如图所示 ‎(2)正比　反比 ‎(3)a－m图象是曲线，难以找出规律；a－图象是直线，容易找出规律．‎ ‎【解析】‎ ‎19.（1）190，方向与初速度方向相反 ‎（2）27 m ‎【解析】（1）设足球初速度的方向为正方向，则初速度1=10 m/s，末速度2=-9 m/s，时间 ‎．由加速度公式，有加速度方向与原速度方向相反．故足球在这段时间内的加速度大小为190 m/s2，方向与原速度相反．‎ ‎（2）足球从反弹到停止所用时间为：s 反弹后8 s时球离墙壁的距离为：6 m=27 m.‎ ‎20.　(1)(2)v3＝2 m/s，方向沿斜面向上；(2)5 s末的速度v5＝－2 m/s，即5 s末速度大小为2 m/s，方向沿斜面向下．‎ ‎(3)即经过位移大小为15 m处所用的时间分别为3 s(上升过程中)和5 s(下降过程中)．‎ ‎【解析】　(1)(2)由t＝，物体冲上最高点的时间是4 s，又根据v＝v0＋at,3 s末的速度为v3＝(8－2×3) m/s＝2 m/s，方向沿斜面向上；5 s末的速度v5＝(8－2×5) m/s＝－2 m/s，即5 s末速度大小为2 m/s，方向沿斜面向下．‎ ‎(3)由位移公式x＝v0t＋at2，代入数据得 ‎15＝8t＋(－2)t2‎ 解得：t1＝3 s，t2＝5 s 即经过位移大小为15 m处所用的时间分别为3 s(上升过程中)和5 s(下降过程中)．‎ ‎21.(1)100 N　　(2)200 N ‎【解析】(1)设绳上的拉力大小为FT，A、B间摩擦力大小为Ff1，B对A的弹力大小为FN1‎ FTcos 37°＝Ff1；　　FN1＝mAg＋FTsin 37°；　　Ff1＝μ1FN1；‎ 解得FT＝100 N；‎ ‎(2)设B与地面间摩擦力大小为Ff2，弹力大小为FN2‎ F＝Ff1＋Ff2；　　　　Ff2＝μ2FN2；　　　　　FN2＝FN1＋mBg；‎ 解得F＝200 N.‎ ‎22.(1)9 m　(2)54 m ‎【解析】(1)根据牛顿第二定律得：‎ 在0～1 s内F－mgsin 37°－μmgcos 37°＝ma1，解得a1＝18 m/s2‎ ‎0～1 s内的位移x1＝a1t＝9 m ‎(2)1 s时物体的速度v＝a1t1＝18 m/s ‎1 s后物体继续沿斜面减速上滑的过程中 mgsin 37°＋μmgcos 37°－F′＝ma2，解得a2＝3 m/s2.‎ 设物体继续上滑的距离为x2，由2a2x2＝v2得x2＝54 m.‎