物理·山东省德州市禹城市综合高中2016-2017学年高二上学期10月月考物理试题 Word版含解析 12页

禹城市综合高中高二物理月考试题 ‎20161020‎ 内容：选修3--1 第一章+第二章前七节 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。第Ⅰ卷56分，第Ⅱ卷44分，共100分;考试时间90分钟。‎ 第Ⅰ卷（选择题，共56分）‎ 一． 选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分。1--8为单选题，9--14为多选。答对得4分，少选得2分，多选或不选得0分,请将正确答案的序号填涂在答题卡上）‎ ‎1．下列说法中，正确的是 A．适用于真空中点电荷产生的电场，采用了比值定义法 B．电场中某点场强的方向与试探电荷的正负无关 C．电场强度方向就是放入电场中的负电荷受到的电场力的方向 D．在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上各处的电场强度都相同 ‎【答案】B ‎【解析】本题考查了电场强度知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 公式适用于真空中点电荷产生的电场，其中电场强度与场源电荷Q,以及距离点电荷的距离有关，不是比值法定义的，选项A错误；电场中某点场强的方向，与试探电荷的正负无关，与正点电荷受到的电场力方向相同，与负点电荷受到的电场力方向相反，选项 B正确；电场强度方向就是放入电场中的正电荷受到的电场力的方向，选项 C错误；在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上各处的电场强度的大小都相同，而方向不同，选项D错误。综上本题选B。‎ ‎2如图虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知 A．P点的电势高于Q点的电势 B．该质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大 C．该质点通过P点时的动能比通过Q点时大 D．该质点通过P点时的加速度比通过Q点时小 ‎【答案】B ‎【解析】本题考查了等势面，电势能等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 由粒子运动的运动轨迹图可知负电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，根据电场线与等势面垂直，结合轨迹弯曲的方向和负电荷可知，电场线斜向上，沿电场线方向电势降低，则c的电势(Q点)最高，选项A错误；利用推论：负电荷在电势高处电势能小，则可知P点电势能大，选项 B正确；只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故带电质点在P点的动能与电势能之和等于在Q点的动能与电势能之和，P点电势能大，动能小，选项C错误；相邻等势面之间的电势差相等，根据等差等势面的疏密可以表示电场的强弱，P处的等势面密，所以P点的电场强度大，粒子受到的电场力大，粒子的加速度大，选项 D错误。综上本题选B。‎ ‎3如图所示，a、b、c是一条电场线上的三点，电场线的方向由a到c，a、b间距离等于b、c间距离，用φa、φb、φc和Ea、Eb、Ec分别表示a、b、c三点的电势和场强，可以判定 ‎ A．φa＞φb＞φc B．Ea＞Eb＞Ec ‎ C．φa -φb=φb -φc D．Ea = Eb = Ec ‎【答案】A ‎【解析】本题考查了电场强度，电势等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 由题意可知，只有一条电场线，不能确定周围电场线的分布情况，无法比较电场强弱及两点间的电势差，公式U=Ed也不能适用，选项BCD错误；沿电场线方向电势降低，根据电场线方向可知，选项A正确。综上本题选A。‎ ‎4平行板电容器充电后断开电源，现将其中一块金属板远离另一板平移一小段距离．下图表示此过程中电容器两板间有关的物理量随两板间距离d的变化关系，正确的是 A. B. C. D.‎ ‎【答案】C ‎【解析】本题考查了电容器，电容等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 根据公式，可知d增大，则电容C减小，选项A错误；平行板电容器充电后断开电源，电量Q保持不变，选项B错误；结合公式，与，得，可见此时电场强度与d无关，选项C正确；根据，得，可知电容减小，电量不变，则电势差增大，选项 D错误。综上本题选C。‎ ‎5如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块水平的平行极板间的偏转电场中，入射方向跟极板平行．整个装置处在真空中，重力可忽略．在满足电子能射出平行板区域的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变小的是 A．U1变大、U2变大 B．U1变小、U2变大 C．U1变大、U2变小 D．U1变小、U2变小 ‎【答案】C ‎【解析】本题考查了带电粒子在匀强电场中的运动知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 设电子被加速后获得初速为，则由动能定理得：，又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：‎ ‎，又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：，电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：，联立以上各式可得：，则有：，则 一定能使电子的偏转角θ变小是U1变大，U2变小，选项C正确，选项ABD错误。综上本题选C。‎ ‎6关于电动势下列说法正确的是 ‎ A．电源电动势等于电源正负极之间的电势差 ‎ B．用电压表直接测量电源两极得到的电压值，实际上总略小于电源电动势的准确值 ‎ C．电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关 ‎ D.外电路的总电阻越小，则路端电压越接近电源的电动势 ‎ ‎【答案】B ‎【解析】本题考查了电源的电动势和内阻，闭合电路欧姆定律等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压，只有当电源处于断路状态时，电源的电动势才等于路端电压，选项A错误；电压表是有内阻的，跟电源连接后构成一个闭合回路，测量的是电压表内阻两端的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势，选项B正确；电动势反映电源的特性，与外电路的结构无关，选项 C错误；根据闭合电路的欧姆定律可知，外电路的总电阻越大，则路端电压越接近电源的电动势，选项D错误。综上本题选B。‎ ‎7如图所示的电解池接入电路后，在秒内有个价正离子通过液体内截面，有个价负离子通过内截面，设为元电荷，以下说法正确的是 A．当时电流强度为零 B．当时，电流方向从，电流强度 C．当时，电流方向从，电流强度 D．电流方向从，电流强度 ‎【答案】D ‎【解析】本题考查了电流知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向是电流方向，由图示可知，溶液中的正离子从A向B运动，因此电流方向是，则电流强度为：，选项D正确，选项ABC错误。综上本题选D。‎ ‎8用同种导体材料做成一个边长为a的正方体，接入电路时的电阻为R，若将其切成8块边长均为a/2的小正方体，每小块正方体接入电路时的电阻为 A．R/8 B．R /2 C．R D．2R ‎【答案】D ‎【解析】本题考查了电阻定律知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 边长为a的正方体，横截面积为a2，根据电阻定律得：，边长为的正方体，横截面积为，根据电阻定律得：，所以，选项D正确，选项ABC错误。综上本题选D。‎ ‎9小灯泡通电后其电流随所加电压变化的图线如图所示，为图线上一点，为图线的切线，为轴的垂线，为轴的垂线．则下列说法中不正确的是 A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大 B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小 C．对应点，小灯泡的电阻为 D．对应点，小灯泡的电阻为 ‎【答案】BD ‎【解析】本题考查了欧姆定律知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 根据欧姆定律得，电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，由图可知图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大，选项A正确，选项B错误；对应P点，由图可知，小灯泡两端的电压是U1，流过小灯泡的电流是I2，所以电阻，选项C正确，选项D错误。本题选不正确的选项，综上本题选BD。‎ ‎10在电子仪器中。常用两个阻值不同的电位器（可变电阻）调节电路中的电流，一个做粗调（电流改变量大）一个做细调（电流改变量小）现连成如图所示两种方式已知R1＞R2,则 A．串联时，R1做粗调 B．串联时，R1做细调 C．并联时，R1做粗调 D．并联时，R1做细调 ‎【答案】AD ‎【解析】本题考查了闭合电路欧姆定律，串并联电路等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 串联时，电路中电流相等，由于R1＞R2，根据欧姆定律，可知，在电压一定的情况下，电阻大的对电路中的电流影响大，故R1对电流的影响大，起粗略调节作用，R2电阻小，对电路中的电流影响较小，做细调，选项A正确，选项B错误；并联时，电路中电压相等，根据欧姆定律，可知，在电压一定的情况下，电阻越小，其对干路电流的影响就越大，故R2对电流的影响大，起粗略调节作用，R1影响较小，做细调，选项C错误，选项D正确。综上本题选AD。‎ ‎11如图所示，电源电动势为E，内阻为r，、、是三个可变电阻，在这三个可变电阻发生下列各组变化过程中，一定能够使通过的电流变小的是 A． 只是变大，其他电阻不变 ‎ B．只是变小，其他电阻不变 C．只是、变小，其他电阻不变 D．只是变小，其他电阻不变 ‎【答案】AD ‎【解析】本题考查了闭合电路欧姆定律，串并联电路等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 由电路图可知与并联后再与串联，只是变大时，电路总电阻增大，总电流减小，因并联部分电阻不变，故流过的电流减小，选项A正确；只是变小时，电路总电阻减小，总电流增大，则分流增大，选项B错误；只是变小，总电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，由于不变，根据并联电路电流之比等于电阻的反比，可知中电流将增大，选项 C错误；只是变小，总电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，内电压以及两端的电压增大，则可知并联部分电压减小，所以流过的电流减小，选项D正确。综上本题选AD。‎ ‎12用甲、乙两个完全相同的电流表表头改装成量程分别为5 V和10 V的电压表，串联后测量12 V的电压，则 A．两表的电压示数相同，均为6 V B．两表头的指针的偏角相同 C．两表头的指针的偏角不相同 D．两表的电压示数不同 ‎【答案】BD ‎【解析】本题考查了把电流表改装成电压表知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 因改装后的电压表量程不同，可知内阻不同，则分压不同，故串联后测量12 V的电压，两电压表示数不同，选项A错误，选项D正确；因两个改装后的电压表串联，通过表头的电流相等，则指针偏转角度相同，选项B正确，选项C错误。综上本题选BD。‎ ‎13两只定值电阻R1＝10 Ω，R2＝30 Ω，电压表一个，练习使用电压表测电压，电路连接如图所示，电源输出电压U＝12 V不变，先用电压表与R1并联，电压表示数为U1，再用电压表与R2并联，电压表示数为U2，则下列说法正确的是 A．U1一定为3．0 V B．U2一定小于9．0 V C．U1与U2之和一定为12 V D．U1与U2之和小于12 V ‎【答案】BD ‎【解析】本题考查了闭合电路欧姆定律，串并联电路等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 由题可知，不接电压表时，串联，电压之比，而，解得：， ，当电压表并联在两端时，，则可知，选项A错误；同理，当电压表并联在两端时，，选项B正确；由于，，所以，选项C错误，选项D正确。综上本题选BD。‎ ‎14如图所示是将滑动变阻器用作分压器的电路，A、B为分压器的输出端，电源电压U恒定，若把变阻器的滑片放在变阻器的中间，下列判断正确的是 A． AB间不接负载时输出电压UAB＝ B．当AB间接上负载R时，输出电压UAB < C．负载电阻R越大，UAB越接近 D．接上负载后要使UAB＝，则滑片P应向下移动 ‎【答案】ABC ‎【解析】本题考查了串联电路与并联电路知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 当AB间不接负载时，触头把滑动变阻器分成相等的两部分，由串联电路特点可知，输出电压为电源电压的一半，即输出电压为UAB＝‎ 选项A正确；当AB间接上负载R时， R与滑动变阻器的下半部分并联，再与滑动变阻器的上半部分串联，因为并联电路的总电阻总要小于任一支路的电阻，而串联电路中各支路的电压与电阻成正比，所以接R时，输出电压，选项B正确；负载电阻R的阻值越大，负载电阻与滑动变阻器下半部分电阻的并联总电阻值越大，输出电压越大，UAB就越接近，选项C正确；接上负载R时，电路总电阻变小，干路电流变大，滑动变阻器上半部分电压变大，大于电源电压的一半，则A、B间的输出电压，要使输出电压，滑片应向上移动，以增大并联电阻的总阻值，选项 D错误。综上本题选ABC。‎ 二、实验题。‎ ‎15（3分）如图所示，有一未知电阻Rx，为了较准确地测出其电阻值，某同学通过以下两组测量数据，判断电压表S端是接a点还是接b点。当电压表的S端接a点时，两个电表的示数分别为11V、1.9A；当电压表的S端接b点时，两个电表的示数分别为10V、2.0A，那么S接在 端（填“a”或“b”）时误差较小，该电阻的测量值较为准确的数值应是 ，测量值与真实值的偏差情况是 （填“偏大”或“偏小”）。‎ ‎【答案】b  5.0     偏小 ‎【解析】本题考查了伏安法测电阻的电学实验，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 由题意可知电压表示数变化了1V，电流表示数变化了0.1A，因为， ，可见电压表示数变化明显，为减小测量误差，S接在应接在b点。此时电流表采用的是外接法，则电阻测量值，由于采用电流表外接法，使电压测量值大于真实值，电阻测量值大于真实值，即测量值与真实值的偏差情况是偏大。‎ ‎16.（8分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的器材及代号如下：‎ A．待测小灯泡“3.0V 15Ω”‎ B．电流表（量程200mA，内阻约为1Ω）‎ C．电流表（量程0.6A，内阻约为0.5Ω）‎ D．电压表（量程3.0V，内阻约为10kΩ）‎ E．电压表（量程6.0V，内阻约为20kΩ）‎ F．滑动变阻器（最大阻值为100Ω，额定电流50mA）‎ G．滑动变阻器（最大阻值为10Ω，额定电流1.0A）‎ H．电源（电动势为4.0V，内阻不计） I．电键及导线等 ‎（1）(3分）为了使实验完成的更好，电流表应选用 ；电压表应选用 ；滑动变阻器应选用 。（只需填器材前面的字母即可）‎ ‎（2）请在线框内画出实验电路图。（5分）‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎【答案】(1)B D G ‎(2) ‎ ‎【解析】本题考查了描绘小电珠的伏安特性曲线的电学实验，意在考查考生的理解及运用能力。‎ ‎(1)由题可知待测小灯泡“3.0V 15Ω”，所以电压表应选D；由欧姆定律可知通过小灯泡的额定电流为 ‎ ‎，所以电流表应选B；因为电压、电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，在保证安全性原则下，为了方便调节应选用较小的滑线变阻器，所以滑动变阻器应选用G。综上本题选BDG。‎ ‎(2)因为电压、电流需从零开始测起，滑动变阻器采用分压式接法，小灯泡的电阻比较小，电流表采用外接法，实验电路如图所示：‎ 三．计算题（要有必要的文字说明，重要的原始公式和重要的演算步骤。8+12+13=33分）‎ ‎ 17（8分）如图所示为某一用直流电动机提升重物的装置，重物的质量m=50kg，电源的电动势E=110V．不计电源电阻及各处的摩擦，当电动机以v=0.9m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流I=5A，试求： （1）电动机的输出功率； （2）电动机的输入功率； （3）电动机线圈的电阻 ‎【答案】(1)450W  (2)550W  (3) 4Ω ‎【解析】本题考查了电功、电功率知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ ‎(1)电动机的输出功率P2=mgv=500×0.9W=450W；‎ ‎(2)电动机的输入功率P1=EI=110×5W=550W；‎ ‎(3)根据能量守恒定律得P1-P2=I2r，则线圈内阻r=Ω=4Ω。‎ ‎18（12分）．在如图所示的电路中，电源电动势E=3.0V，内电阻r=1.0Ω；电阻R1=R2 =10Ω，R3=30Ω,电容器的电容C=100ｕF，电容器原来不带电。求接通电键K后流过R4的总电荷量。‎ ‎【答案】2×10-4C ‎【解析】本题考查了电容，闭合电路欧姆定律，串联电路与并联电路等知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ 当电路稳定后，外电路总电阻为R===8Ω，‎ 路端电压为U=E=V，电阻的电压为=U=2V，则电容器的电压Uc=U3=2V，则接通电键K后流过R4的总电量为Q=CUc=100×10-6×2C=2×10-4C。‎ ‎19（13分）一质量为m、带电荷量为＋q的小球以水平初速度v0进入竖直向上的匀强电场中，如图甲所示．今测得小球进入电场后在竖直方向下降的高度y与水平方向的位移x之间的关系如图所示．根据图乙给出的信息(重力加速度为g)．求：(1)匀强电场场强的大小． ‎ ‎(2)小球在h高度处的动能 ‎【答案】(1)-  (2)m+‎ ‎【解析】本题考查了带电粒子在匀强电场中的运动知识点，意在考查考生的理解及运用能力。‎ ‎(1)小球进入电场后，水平方向做匀速直线运动，设经过时间t，则 水平方向： L＝v0t，竖直方向：h=，由牛顿第二定律得：a=‎ 解得：E＝-；‎ ‎(2)由动能定理得：mgh－qEh= Ek – m，解得：Ek＝m+。‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎