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- 2021-06-01 发布
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郴州市2019年上学期学科教学状况抽测试卷高一物理
一、单选题
1.在物理学发展过程中,很多科学家做出了巨大的贡献,下列说法中符合史实的是
A. 卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量。
B. 开普勒利用他精湛的数学知识经过长期观察计算分析,最后终于发现了万有引力定律。
C. 伽利略通过观测、分析计算发现了行星的运动规律。
D. 库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律,并引入了“场”的概念。
【答案】A
【解析】
【详解】A. 卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量,选项A正确;
B. 牛顿利用他精湛的数学知识经过长期观察计算分析,最后终于发现了万有引力定律,选项B错误。
C. 开普勒通过观测、分析计算发现了行星的运动规律,选项C错误。
D. 库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律,法拉第引入了“场”的概念,选项D错误。
2.做匀速圆周运动的物体,在运动过程中保持不变的物理量是
A. 合外力 B. 动能 C. 加速度 D. 速度
【答案】B
【解析】
【详解】A.做匀速圆周运动的物体,合外力大小不变,方向变化,选项A错误;
B. 做匀速圆周运动的物体,速度的大小不变,动能不变,选项B正确;
C. 做匀速圆周运动的物体,加速度的大小不变,方向变化,选项C错误;
D. 做匀速圆周运动的物体,速度大小不变,方向变化,选项D错误;
3.我国发射的“嫦娥一号”卫星经过多次加速、变轨后,最终成功进入环月工作轨道。如图所示,卫星既可以在离月球比较近的圆轨道α上运动,也能到离月球比较远的圆轨道b上运动,该卫星在a轨道上运动与在b轨道上运动比较( )
A. 卫星在α轨道上运行的线速度小
B. 卫星在α轨道上运行的周期大
C. 卫星在α轨道上运行的角速度小
D. 卫星在α轨道上运行时受到的万有引力大
【答案】D
【解析】
【详解】人造卫星绕地球做匀速圆周运动,设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M,根据万有引力提供向心力,有:
解得: ①
②
③
④
A.由可知轨道半径小的速度大,则在α轨道上运行的线速度大,故A错误;
B.由可知轨道半径小的周期小,则卫星在α轨道上运行的周期小。故B错误;
C.由可知轨道半径小角速度大,则卫星在α轨道上运行的角速度大。故C错误;
D.同可知引力与距离有关,距离大的力小,所以卫星在α轨道上运行时受到的万有引力大,故D正确。
4.如图所示,小物体A与圆盘保持相对静止跟着圆盘一起做匀速圆周运动,则A
受力情况是( )
A. 重力、支持力
B. 重力、向心力
C. 重力、支持力、指向圆心的摩擦力
D. 重力、支持力、向心力、摩擦力
【答案】C
【解析】
【分析】
向心力是根据效果命名的力,只能由其它力的合力或者分力来充当,不是真实存在的力,不能说物体受到向心力.
【详解】物体在水平面上,一定受到重力和支持力作用,物体在转动过程中,有背离圆心的运动趋势,因此受到指向圆心的静摩擦力,且静摩擦力提供向心力,故A,B,D错误,C正确;故选C.
【点睛】本题学生很容易错误的认为物体受到向心力作用,要明确向心力的特点,同时受力分析时注意分析力先后顺序,即受力分析步骤.
5.一只小船以恒定速度渡河,船头始终垂直河岸航行,当小船行到河中央时,水流速度突然变大,那么小船过河的时间将
A. 不变 B. 变小
C. 变大 D. 都有可能
【答案】A
【解析】
【详解】将小船的实际运动沿着船头指向和顺着水流方向正交分解,由于分运动互不干扰,故渡河时间与水流速度无关,只与船头指向方向的分运动有关,故船航行至河中心时,水流速度突然增大,只会对轨迹有影响,对渡河时间无影响;
A. 不变,与结论相符,选项A正确;
B. 变小,与结论不相符,选项B错误;
C. 变大,与结论不相符,选项C错误;
D. 都有可能,与结论不相符,选项D错误;
6.如图所示,做匀速直线运动的列车受到的阻力与它速率的平方成正比.如果列车运行速率提升为原来的2倍,则它发动机的输出功率变为原来的( )
A. 倍 B. 2倍 C. 4倍 D. 8倍
【答案】D
【解析】
【详解】根据可知如果列车运行速率提升为原来的2倍,则它发动机的输出功率变为原来的8倍,故选D.
7.某人用手将质量为1kg的物体由静止竖直向上匀加速提升lm,此时物体的速度是2m/s,取g=10 m/s2,则下列说法正确的是
A. 手对物体做功10J
B. 合外力对物体做功12J
C. 合外力对物体做功2J
D. 重力势能增加了12J
【答案】C
【解析】
【详解】A.由动能定理得 W-mgh=mv2,则得手对物体做功 W =mgh+mv2=12J,故A错误。
BC.合外力对物体做功等于物体的动能增加△Ek=mv2 =×1×22J=2J,故C正确,B错误。
D.物体克服重力做功 WG=mgh=1×10×1=10J,则重力势能增加了10J.故D错误。
8.按照我国整个月球探测活动的计划,在第一步“绕月”工程圆满完成各项目标和科学探测任务后,第二步是“落月”工程。假设月球半径为R,月球表面的重力加速度为g0
,飞船沿距月球表面高度为3R的圆形轨道I运动,到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道II,到 达轨道的近月点B时再次点火进入月球近月轨道III绕月球做圆周运动,如图所示。下列判断正确的是
A. 飞船在轨道I上的运行速率v =
B. 飞船在A点处点火变轨,从圆形轨道I进入椭圆轨道II时,向后喷气,卫星加速
C. 飞船从A到B运行的过程中机械能增大
D. 飞船在轨道III绕月球运行一周所需的时间T=
【答案】A
【解析】
【详解】A.飞船在轨道Ⅰ上,万有引力提供向心力:,在月球表面,万有引力等于重力得:,解得:,故A正确。
B. 飞船在A点处点火变轨,从圆形轨道I进入椭圆轨道II时,向前喷气,卫星减速,选项B错误;
C. 飞船从A到B运行的过程中只有地球的引力做功,则机械能不变,选项C错误;
D. 飞船在轨道III绕月球运行时,且 ,则运行一周所需的时间T=,选项D错误。
9.如图所示,自由下落的小球,从它接触到竖直放置的轻质弹簧开始,一直到弹簧被压缩到 最短的过程中,下列说法正确的是
A. 小球的动能先增大后减小
B. 小球在刚接触弹簧时动能最大
C. 小球的机械能守恒
D. 小球的动能和弹簧的弹性势能之和不变
【答案】A
【解析】
【详解】AB.从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中,开始时重力大于弹力,小球向下做加速运动,在下降的过程中弹力增大,加速度减小,当加速度减小到零,速度达到最大,然后重力小于弹力,向下做减速运动,到达最低点速度为零,可知,小球的动能先增大后减小。故A正确,B错误。
C.由于弹簧的弹力对小球做负功,所以小球的机械能减少,故C错误。
D.对于小球和弹簧组成的系统,由于只有重力和弹力做功,则系统的机械能守恒,可知,小球的重力势能一直减小,则小球的动能和弹簧的弹性势能之和一直增加,故D错误。
10.宇宙中,两颗靠得比较近的恒星,只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转,称之为双星系统。设某双星系统A、B绕其连线上的O点做匀速圆周运动,如图所示。若 AO>OB,则
A. 星球A的质量大于B的质量
B. 星球A的线速度大于B的线速度
C. 星球A的角速度大于B的角速度
D. 星球A的周期大于B的周期
【答案】B
【解析】
【详解】A.根据万有引力提供向心力mAω2rA=mBω2rB,因为rA>rB,所以mA<mB,即A
的质量一定小于B的质量,故A错误;
BCD.双星系统角速度相等,则周期相等,根据v=ωr可知,vA>vB,故B正确,CD错误。
11. 关于静电场的等势面,下列说法正确的是
A. 两个电势不同的等势面可能相交
B. 电场线与等势面处处相互垂直
C. 同一等势面上各点电场强度一定相等
D. 将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面,电场力做正功
【答案】B
【解析】
试题分析:等势面相交,则电场线一定相交,故在同一点存在两个不同的电场强度方向,与事实不符,故A错误;电场线与等势面垂直,B正确;同一等势面上的电势相同,但是电场强度不一定相同,C错误;将负电荷从高电势处移动到低电势处,受到的电场力方向是从低电势指向高电势,所以电场力方向与运动方向相反,电场力做负功,D错误;
考点:考查了电势,等势面,电场力做功
12.如图所示,汽车用跨过定滑轮的轻绳提升物块A。汽车匀速向右运动,在物块A到达滑轮之前,关于物块A,下列说法正确的是
A. 将竖直向上做匀速运动
B. 将处于失重状态
C. 将处于超重状态
D. 将竖直向上先加速后减速
【答案】C
【解析】
设绳子与水平方向的夹角为θ
,将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向,沿绳子方向的速度等于A的速度,根据平行四边形定则得vA=vcosθ,车子在匀速向右的运动过程中,绳子与水平方向的夹角为θ减小,所以A的速度增大,A做加速上升运动,且拉力大于重物的重力,A处于超重状态,故A、B、D错误,C正确。故选C。
【点睛】解决本题的关键会对小车的速度进行分解,知道小车的速度是沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度.
13.如图所示,小球可以在竖直放置的光滑圆形管道(圆形管道内径略大于小球直径)内做圆周运动,下列说法正确的是
A. 小球通过最高点的最小速度为
B. 小球通过最高点的速度只要大于零即可完成圆周运动
C. 小球在水平线ab以下管道中运动时,小球处于失重状态
D. 小球在水平线ab以上管道中运动时,小球处于超重状态
【答案】B
【解析】
【详解】AB.小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动,若恰好到达最高点,最高点的速度为零,可知小球通过最高点的最小速度为零,即小球通过最高点的速度只要大于零即可完成圆周运动,故A错误,B正确。
C. 小球在水平线ab以下管道中运动时,小球加速度有竖直向上的分量,可知小球处于超重状态,选项C错误;
D. 小球在水平线ab以上管道中运动时,小球加速度有竖直向下的分量,可知小球处于失重状态,选项D错误;
14.如图所示,在水平圆盘上沿半径方向放置用细线相连的质量均为m的A、B两个物块 (可视为质点).A和B距轴心O的距离分别为rA=R,rB=2R,且A、B
与转盘之间的最大静摩擦力都是fm,两物块A和B随着圆盘转动时,始终与圆盘保持相对静止。则在圆盘转动的角速度从0缓慢增大的过程中,下列说法正确的是
A. B所受合力外力一直等于A所受合外力
B. A受到的摩擦力一直指向圆心
C. B受到的摩擦力先增大后减小
D. A、B两物块与圆盘保持相对静止的最大角速度为
【答案】D
【解析】
【详解】A.A、B都做匀速圆周运动,合力提供向心力,根据牛顿第二定律得F合=mω2r,角速度ω相等,B的半径较大,所受合力较大。故A错误。
BC.最初圆盘转动角速度较小,A、B随圆盘做圆周运动所需向心力较小,可由A、B与盘面间静摩擦力提供,静摩擦力指向圆心。由于B所需向心力较大,当B与盘面间静摩擦力达到最大值时(此时A与盘面间静摩擦力还没有达到最大),若继续增大转速,则B将有做离心趋势,而拉紧细线,使细线上出现张力,此时摩擦力不变;转速越大,细线上张力越大,使得A与盘面间静摩擦力先减小后反向变大,当A与盘面间静摩擦力也达到最大时,AB将开始滑动。A受到的摩擦力先指向圆心,后离开圆心,而B受到的摩擦力一直指向圆心,大小先变大后不变。故BC错误。
D.当B与盘面间静摩擦力恰好达到最大时,B将开始滑动,则根据牛顿第二定律得
对A:T-fm=mωm2r;对B:T+fm=mωm2∙2r;解得最大角速度ωm=.故D正确。
二、实验题
15.某同学用如图所示的实验装置探究功与速度变化的关系。实验步骤如下:
a.安装好实验器材。
b.接通电源后,让拖着纸带的小车在橡皮筋的作用下沿平板斜面向下弹出,沿木板滑行。在纸带上选择合适的点距确定小车的速度v1。
c.换用2条、3条……同样的橡皮筋重复几次(每次都从同一初始位置释放小车),分别 求出小车的速度vl、v2……。
d.通过测量和计算,该同学判断出小车沿平板做匀加速直线运动。
结合上述实验步骤,请你完成下列任务:
(1)实验中,除电火花打点计时器(含纸带、复写纸)、小车、平板、铁架台、导线及开关外,在下面的仪器和器材中,必须使用的还有___________和___________。(填选项代号)
A.220V、50Hz的交流电源 B.低压直流电源
C.刻度尺 D.秒表
E.天平 F.弹簧测力计
(2)实验操作中需平衡小车受到的摩擦力,其最根本的目的是___________.
A.防止小车不能被橡皮筋拉动
B.确保橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功
C.便于小车获得较大的弹射速度
D.防止纸带上点迹不清晰
【答案】 (1). (1)A (2). C (3). (2)B
【解析】
【详解】第一空.第二空.实验中,除打点计时器(含纸带、复写纸)、小车、平板、铁架台、导线及开关外,在下列的器材中,必须使用的有电压合适的50Hz交流电源给打点计时器供电,需要用刻度尺测量计数点之间的距离处理数据,故选AC;
第三空.实验中平衡小车受到的摩擦力,目的是使小车受到的合力等于橡皮筋的拉力,保证橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功,故选B。
16.如图甲为“验证机械能守恒定律”的实验装置,实验中所用重物的质量m=0.2kg,图乙所示是实验中打出的一条纸带,打点时间间隔为0.02s,纸带上各点是打下的实际点,从开始下落的起点0点至B点的运动过程中,重物重力势能的减少量△Ep=___________J,此运动过程中重物动能的增加量△Ek=_________J,由多次实验表明重物动能的增加量小于重物重力势能的减少量△Ep,分析其原因可能是___________。(当地重力加速度为9.8m/s2,保留三位有效数字)
【答案】 (1). 1.54(1. 51-1.56 均可) (2). 1.48(1.45-1.49 均可) (3). 存在空气阻力或纸带与打点计时器之间有摩擦(答出一项即可)
【解析】
【详解】第一空.从开始下落的起点O点至B点的运动过程中,重物重力势能的减少量△Ep=mghB=0.2×9.8×0.785J=1.54J;
第二空.打B点时的速度;此运动过程中重物动能的增加量△Ek=;
第三空. 重物动能的增加量△Ek小于重物重力势能的减少量△Ep,分析其原因可能是存在空气阻力或纸带与打点计时器之间有摩擦.
三、计算题
17.如图所示,在一足够大的空间内存在着水平向右的匀强电场,已知电场强度大小为E。有一质量为m的带电小球,用绝缘轻细线悬挂起来,静止时细线偏离竖直方向的夹角为。重力加速度为g,不计空气阻力的作用。
(1)求小球所带电荷量并判断所带电荷的性质;
(2)如果将细线轻轻剪断,细线剪断后,经过时间t,求这一段时间 内小球电势能的变化量。
【答案】(1)正电;(2)mg2t2(tan)2
【解析】
【详解】(1)小球受到重力电场力F和细线的拉力T的作用,由共点力平衡条件有:
qE = Tsin.
mg = Tcos.
得:q= .
电场力的方向与电场强度的方向相同,故小球所带电荷为正电荷。
(2)剪断细线后,小球做匀加速直线运动,设其加速度为a,由牛顿第二定律有:
=ma
解得:a =
在t时间内,小球的位移为:l=at2 .
小球运动过程中,电场力做的功为:W= qElsin= mglsintan=mg2t2(tan)2
所以小球电势能的变化量(减少量)为:△Ep= mg2t2(tan)2
18.如图所示,与水平面夹角为=30°的倾斜传送带始终绷紧,传送带下端A点与上端B
点间的距离为L=4m,传送带以恒定的速率v=2m/s向上运动。现将一质量为1kg的物体无初速度地放于A处,已知物体与传送带间的动摩擦因数μ=,取 g=10m/s2,求:
(1)物体刚放上皮带时的加速度大小;
(2)物体从A运动到B共需多少时间;
(3)电动机因传送该物体多消耗的电能。
【答案】(1)2.5m/s2(2)2.4s(3)28J
【解析】
【详解】(1)物体刚放上皮带时有:μmgcos-mgsin=ma
解得:a=μgcos-gsin=2.5m/s2
(2)物体达到与传送带同速的时间:t1=
T1时间内物体的位移:L1=..
之后物体做匀速运动的时间:= 1.6s.
物体运动的总时间:t=t1+t2=2.4s .
(3)前0.8s内物体相对传送带的位移为:△L= vt1-L1=0.8m.
因摩擦而产生的内能:E 内=μmgcos·△L = 6J .
E 总=Ek+ Ep+ E内=+mgLsin+ E 内=28J .
19.如图所示,水平桌面上有一轻弹簧,左端固定在A点,自然状态时其右端位于B点。水平桌面右侧有一竖直放置的圆弧轨道MNP,其形状为半径R=1.0 m的圆环剪去了左上角 120°的圆弧,MN为其竖直直径,P点到桌面的竖直距离是h=2.4 m。用质量m=0.4 kg的小物块将弹簧缓慢压缩到C点,释放弹簧后物块沿粗糙水平桌面运动,从D飞离桌面后恰好由P点沿切线落入圆弧轨道。(不计空气阻力,g取10m/s2)求:
(1)小物块飞离D点时速度vD的大小;
(2)若圆弧轨道MNP光滑,小物块经过圆弧轨道最低点N时对圆弧轨道的压力FN的大小;
(3)若小物块m刚好能达到圆弧轨道最高点 M,整个运动过程中其克服摩擦力做的功为8J,则开始被压缩的弹簧的弹性势能Ep至少为多少焦耳?
【答案】(1)4 m/s(2)33.6 N(3)6.4J
【解析】
【详解】(1)物块离开桌面后做平抛运动,
竖直方向: = 2gh
代入数据解得:vy= 4m/s .
设物块进人圆弧轨道时的速度方向与水平方向夹角为,由几何知识可得:=60°,
tan =
代入数据解得:vD =4 m/s
(2)物块由P到N过程,由机械能守恒定律得:
.
在N点,支持力与重力的合力提供同心力:FN- mg = m.
由牛顿第三定律可知代人数据解得,物块对圆弧轨道压力:FN= 33.6 N。
(3)物块恰好到达M点,在M点重力提供向心力,由牛顿第二定律得:mg = m,
在整个过程中,由能量守恒定律得:Ep= Wf+-mg(h-1.5R)
代人数据解得:Ep= 6.4J。