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- 2021-06-01 发布
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云南省鲁甸县一中2019-2020学年10月份考试
高二 物理
本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分,共100分,考试时间90分钟。
一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分)
1.一个动能为Ek的带电粒子,垂直于电场线方向飞入平行板电容器,飞出电容器时动能为2Ek,如果使这个带电粒子的初速度变为原来的两倍,那么它飞出电容器时的动能变为( )
A. 8Ek B. 5Ek C. 4.25Ek D. 4Ek
2.关于物体带电,下列说法正确的是( )
A. 有的物体内部有电荷,有的物体内部没有电荷,所以有带电的物体,也有不带电的物体
B. 物体不带电是因为所带的正电荷数目和负电荷数目相等
C. 自然界只有两种电荷,点电荷和元电荷
D. 我们可以通过某一种方式创造电荷
3.如图所示是模拟避雷针作用的实验装置,金属板M、N间有两个等高的金属体A、B,A为尖头、B为圆头.将金属板M、N接在高压电源上,逐渐升高电源电压,首先观察到( )
A.A放电 B.B放电 C.A、B一起放电 D.A、B之间放电
4.如图所示的各电场中,A、B两点电场强度相同的是( )
A.B.C.D.
5.将一正电荷从无穷远处移入电场中M点,电势能减少了8.0×10-9J,若将另一等量的负电荷从无穷远处移入电场中的N点,电势能增加了9.0×10-9J,则下列判断中正确的是( )
A.φM<φN<0 B.φN>φM>0 C.φN<φM<0 D.φM>φN>0
6.在如图所示电路中,R2为光敏电阻.合上开关S,用较弱光照射R2,电压表读数为U0,电流表读数为I0;用较强光照射R2,电压表读数为U1,电流表读数为I1;用更强光照射R2,电压表读数为U2,电流表读数为I2.处理实验数据,令k1=||,k2=||,则k1、k2的关系为( )
A.k1>k2 B.k1=k2 C.k1<k2 D. 无法确定
7.以下给出几种电学元件的电流与电压的关系图象,如图所示,下列说法中正确的是( )
A. 这四个图象都是伏安特性曲线
B. 这四种电学元件都是线性元件
C. ①②是线性元件,③④是非线性元件
D. 这四个图象中,直线的斜率都表示元件的电阻
8.如图所示,电源的内阻不能忽略,当电路中点亮的电灯的数目增多时,下面说法正确的是( )
A. 外电路的总电阻逐渐变大,电灯两端的电压逐渐变小
B. 外电路的总电阻逐渐变大,电灯两端的电压不变
C. 外电路的总电阻逐渐变小,电灯两端的电压不变
D. 外电路的总电阻逐渐变小,电灯两端的电压逐渐变小
9.如图,电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点.已知在P、Q连线之间某点R处的电场强度为零,且PR=2RQ.则( )
A.q1=4q2 B.q1=2q2 C.q1=-2q2 D.q1=-4q2
10.真空中两个点电荷,它们之间的静电力为F,如果将两个点电荷的距离增大为原来的2倍,电量都增大为原来的2倍.它们之间静电力的大小为( )
A.F/2 B.F C. 2F D. 4F
11.如图所示,直角坐标系xOy平面内有一与该平面平行的匀强电场.以O点为圆心、R=0.10 m为半径画一个圆,圆周与坐标轴的交点分别为a、b、c、d,已知a、b、c三点的电势分别为2 V、2V、-2 V,则下列说法正确的是( )
A. 匀强电场的方向沿y轴负方向
B.d点的电势为-V
C. 将一个电子从c点移到O点,电子的电势能增加2 eV
D. 将一个电子沿圆弧顺时针从a点移到b点,电子的电势能先减小后增大
12.“顿牟”指玳瑁的甲壳,“掇芥”的意思是吸引芥子之类的轻小的物体.不考虑万有引力的作用,发生“顿牟掇芥”时,两者可能的带电情况是( )
A. 玳瑁壳带正电,芥子带正电 B. 玳瑁壳带负电,芥子带负电
C. 玳瑁壳带正电,芥子不带电 D. 玳瑁壳不带电,芥子不带电
二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)
13.(多选)如图所示,a、b、c、d为某一电场中的四个等势面,已知相邻等势面间电势差相等,一个带正电粒子在只受电场力作用下,运动过程中先后经过M点和N点,则( )
A. 电场力对粒子做负功 B. 四个等势面电势关系为φa>φb>φc>φd
C. 粒子在M点的加速度比N点大 D. 该粒子在N点的动能较大,电势能较小
14.(多选)如图所示为某一电源的U-I曲线,由图可知( )
A. 电源电动势为2.0 V B. 电源内阻为Ω
C. 电源短路时电流为10 A D. 电路路端电压为1.5 V时,电路中电流为5.0 A
15.(多选)如图所示,带电体Q靠近一个接地空腔导体,空腔里面无电荷,在静电平衡后,下列物理量中等于零的是( )
A. 导体腔内任意点的场强 B. 导体腔内任意点的电势
C. 导体外表面的电荷量 D. 导体腔内表面的电荷量
16.(多选)锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中.现用充电器为一手机锂电池充电,等效电路如图所示,充电器电源的输出电压为U,输出电流为I,手机电池的内阻为r,下列说法正确的是( )
A. 电能转化为化学能的功率为UI-I2r B. 充电器输出的电功率为UI+I2r
C. 电池产生的热功率为I2r D. 充电器的充电效率为×100%
三、实验题(共2小题,共15分)
17.有一根细长而均匀的金属管线样品,长约为60 cm,电阻大约为6 Ω,横截面如图甲所示.
(1)用螺旋测微器测量金属管线的外径,示数如图乙所示,金属管线的外径为 mm;
(2)现有如下器材:
A.电流表(量程0.6 A,内阻约0.1 Ω) B.电流表(量程3 A,内阻约0.03 Ω)
C.电压表(量程3 V,内阻约3 kΩ) D.滑动变阻器(1 750 Ω,0.3 A)
E.滑动变阻器(15 Ω,3 A) F.蓄电池(6 V,内阻很小)
G.开关一个,带夹子的导线若干
要进一步精确测量金属管线样品的阻值,电流表应选 ,滑动变阻器应选 .(只填代号字母)
(3)请将图丙所示的实际测量电路补充完整.
(4)已知金属管线样品材料的电阻率为ρ,通过多次测量得出金属管线的电阻为R,金属管线的外径为d,要想求得金属管线内形状不规则的中空部分的横截面积S,在前面实验的基础上,还需要测量的物理量是 (所测物理量用字母表示并用文字说明).计算中空部分横截面积的表达式为S= .
18.在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中,备有下列器材:
A.待测的干电池(电动势约为1.5 V,内电阻小于1.0 Ω )
B.电流表A1(量程0﹣3 mA,内阻Rg1=10 Ω)
C.电流表A2(量程0﹣0.6 A,内阻Rg2=0.1 Ω)
D.滑动变阻器R1(0﹣20 Ω,10 A)
E.滑动变阻器R2(0﹣200 Ω,l A)
F.定值电阻R0
G.开关和导线若干
(1)某同学发现上述器材中没有电压表,但给出了两个电流表,于是他设计了如图甲所示的(a)、(b)两个参考实验电路,其中合理的是 图所示的电路;在该电路中,为了操作方便且能准确地进行测量,滑动变阻器应选 (填写器材前的字母代号).
(2)图乙为该同学根据(1)中选出的合理的实验电路,利用测出的数据绘出的I1﹣I2图线(I1为电流表A1的示数,I2为电流表A2的示数,且I2的数值远大于I1的数值),但坐标纸不够大,他只画了一部分图线,则由图线可得被测电池的电动势E= V,内阻r= Ω.
(3)若图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小,则图线的纵坐标应该为
A.I1(R0+Rg1) B.I1•R0 C.I2(R0+Rg2) D.I1•Rg1.
四、计算题
19.如图所示,一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力向下,从静止开始由b沿直线运动到d,且bd与竖直方向所夹的锐角为45°,bd的长度为L,匀强电场的电场强度为E,求:
(1)此液滴带何种电荷;
(2)液滴的加速度为多少;
(3)b、d两点的电势差Ubd .
20.如图所示,一平行板电容器接在U=12 V的直流电源上,电容C=3.0×10-10F,两极板间距离d=1.2×10-3m,g取10 m/s2.
(1)求该电容器所带的电荷量;
(2)若板间有一带电微粒,其质量为m=2.0×10-3kg,恰在板间处于静止状态,则该微粒的电荷量为多少?带何种电荷?
21.如图所示,电源电动势E=18 V,内阻r=2 Ω,两平行金属板水平放置,相距d=
2 cm,当变阻器R2的滑片P恰好移到中点时,一带电量q=﹣2×10﹣7C的液滴刚好静止在电容器两板的正中央,此时理想电流表的读数为1 A.已知定值电阻R1=6 Ω求:
(1)带电液滴的质量(取g=10 m/s2).
(2)当把滑动变阻器的滑动片P迅速移到C点后,液滴到达极板时的动能.
22.如图甲所示为一间距为d、且间距足够大的平行金属板,板间加有随时间变化的电压(如图乙所示),设U0和T已知.A板上O处有一静止的带电粒子,其带电荷量为q,质量为m(不计重力),t=0时刻起该带电粒子受板间电场加速向B板运动,途中由于电场反向,粒子又向A板返回(粒子未与B板相碰).
(1)当Ux=2U0时,求带电粒子在t=T时刻的动能.
(2)为使带电粒子在一个周期时间内能回到O点,Ux要大于多少?
【参考答案】
1.C 2.B 3.A 4.C 5.C 6.B 7.C 8.D 9.A 10.B 11.D 12.C 13.ABC 14.AC 15.ABD 16.AC
17.(1)1.125±0.001(2)A E (3)如图所示
(4)管线的长度L.
【解析】(1)螺旋测微器的读数等于1 mm+0.01×12.5 mm=1.125 mm.
(2)电路中的电流大约为I=A=0.5 A,所以电流表选择A.
待测电阻较小,若选用大电阻滑动变阻器,测量误差角度,所以滑动变阻器选择E.
(3)待测电阻远小于电压表内阻,属于小电阻,所以电流表采取外接法.
滑动变阻器可以采用限流式接法,也可以采用分压式接法.
(4)还需要测量的物理量是管线长度L,根据R=ρ,
则S=,
则中空部分的截面积S′=﹣S=.
18.(1)b D (2)1.48 0.84 (3)A
【解析】(1)上述器材中虽然没有电压表,但给出了两个电流表,电路中电流最大为:
Im=A=1.5 A;故电流表至少应选择0~0.6 A量程;
故应将3 mA故应将电流表G串联一个电阻,改装成较大量程的电压表使用.电表流A由于内阻较小;故应采用相对电源来说的外接法;故a、b两个参考实验电路,其中合理的是b;因为电源的内阻较小,所以应该采用较小最大值的滑动变阻器,有利于数据的测量和误差的减小.滑动变阻器应选D(R1),
(2)由图乙所示图象可知,图象纵轴截距是I1=1.49 mA,电源电动势:
E=I1(RA1+R0)=1.49×10﹣3A×(10 Ω+990 Ω)=1.49 V;
路端电压U=I1(RA1+R0),当纵轴表示路端电压时,
图象斜率的绝对值等于电源内阻,
则电源内阻r=×10﹣3Ω≈0.85 Ω;
(3)根据闭合电路欧姆定律可知U=E﹣Ir,若图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小,则图线的纵坐标应该为路段电压,
而U=I1(R0+Rg1),即图线的纵坐标应该为I1(R0+Rg1),故选:A
19.(1)负电(2)(3)
【解析】(1)由b到a,液滴做直线运动,所受合力沿bd所在直线,对液滴受力分析可知,电场力水平向右,与电场方向相反,所以小球带负电.(2)由图可知,液滴所受合力
根据牛顿第二定律F=ma,解得液滴的加速度(3)由图可知,电场力qE=mg
由b到d,沿电场方向的距离
沿电场方向电势降低,应有<0,所以
20.(1)3.6×10-9C (2)2.0×10-6C 负电荷
【解析】(1)由公式C=得
Q=CU=3.0×10-10×12 C=3.6×10-9C.
(2)若带电微粒恰在极板间静止,因上极板带正电,故微粒带负电荷且qE=mg,而E=,
解得q==C=2.0×10-6C.
21.(1)1.6×10﹣5kg (2)7.14×10﹣8J
【解析】(1)根据闭合电路欧姆定律,路端电压为;
U=E﹣Ir=(18﹣1×2.0)V=16 V
液滴平衡,故:
mg=q
解得:m==kg=1.6×10﹣5kg
(2)当滑片在中点时:
I(R+)=U=16 V
解得:R2=20 Ω
当滑片滑到C点时,路端电压:
U′==>16 V
根据动能定理,液滴到达上极板时的动能为:
=×(﹣2×10﹣7C)×(16 V﹣V)=7.14×10﹣8J
22.(1) (2)3U0
【解析】(1)由a1=,a2=和时的速度v1=a1得,T时刻速度v2=v1-a2=a1-a2=-,故T时刻的动能Ek=mv=.
(2)时刻的位移x=a1()2,~T时刻的位移x′=v1-ax()2,
v1=a1,x=-x′,联立解得ax=3a1
因为a1=,ax=,所以Ux=3U0.
即:为使带电粒子在一个周期时间内能回到O点,Ux要大于3U0.