【物理】山西省晋中市平遥县第二中学2019-2020学年高二上学期12月月考试题（解析版） 15页

平遥二中高二物理月考试题 一、单项选择题(本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中只有一项符合题目要求。)‎ ‎1.下面说法正确的是（ ）‎ A. 根据磁感应强度定义式，磁场中某点的磁感应强度B与F成正比，与IL乘积成反比 B. 磁感应强度方向与小磁针N极所受磁场力的方向相同 C. 一小段通电直导线在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零 D. 磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．磁场中某点的磁感应强度是由磁场本身决定的物理量与通电导线所受的安培力F以及IL乘积无关，选项A错误； ‎ B．磁感应强度的方向与小磁针N极所受磁场力的方向相同，选项B正确；‎ C．一小段通电直导线在某处不受磁场力作用，可能是导线与磁场方向平行，该处的磁感应强度不一定为零，选项C错误；‎ D．磁感线在磁体的外部从N极到S极，在磁体内部是从S极到N极，组成闭合的曲线，故D错误．‎ ‎2.下列说法正解的是（ ）‎ A. 导体的电阻率由导体材料、导体长度及导体横截面积决定 B. 电场中某点的电场强度与试探电荷无关 C. 电源的电动势是描述电源把电势能转化成其他形式的能的本领大小的物理量 D. 由电容的定义式可知，C与Q成正比、与U成反比 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 导体的电阻率由导体材料决定，与导体长度及导体横截面积无关，选项A错误；‎ B. 电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与试探电荷无关，选项B正确；‎ C. 电源的电动势是描述电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量，选项C错误；‎ D. 由电容的定义式可知，C等于Q与U的比值，但是C与Q和U无关，选项D错误。‎ ‎3.如图是一个将电流表改装成欧姆表的示意图，此欧姆表已经调零，用此欧姆表测一阻值为R的电阻时，指针偏转至满刻度4/5处．现用该表测一未知电阻，指针偏转到满刻度的1/5处，则该电阻的阻值为(　　)‎ A. 4R B. 5R C. 16R D. 10R ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】设电动势为E，内阻为R内，满偏电流为Ig， 欧姆表调零时 测一阻值为R的电阻时 ‎ ‎ 测一未知电阻时 解这三式得：‎ R′=16R A．4R，与结论不相符，选项A错误；B．5R，与结论不相符，选项B错误；‎ C．16R，与结论相符，选项C正确；D．10R，与结论不相符，选项D错误；‎ ‎4.如图所示，R1和R2是同种材料、厚度相同、表面为正方形的导体，但R1的尺寸比R2的尺寸大.在两导体上加相同的电压，通过两导体的电流方向如图所示，则下列说法中正确的是 A. R1中的电流小于R2中的电流 B. R1中的电流大于R2中的电流 C. R1中自由电荷定向移动的速率大于R2中自由电荷定向移动的速率 D. R1中自由电荷定向移动的速率小于R2中自由电荷定向移动的速率 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】设导体厚度为d，R边长为L，电阻率为ρ，根据电阻定律得导体的电阻为：‎ 由此可知导体R1、R2的阻值相等．‎ AB. 电压相等，导体R1、R2的阻值相等，所以通过R1的电流等于通过R2的电流，故AB错误；‎ CD.根据电流的微观表达式：‎ I=nevS=nevLd 由于I、n、e、d相同，则L越大，v越小，则R1中自由电荷定向移动的速率小于R2中自由电荷定向移动的速率，故D正确，C错误．‎ ‎5.如图所示是一个电路的一部分，其中R1＝5Ω，R2＝1Ω，R3＝3Ω，I1＝0.2A，I2＝0.1A，那么电流表测得电流为(　　) ‎ A. 0.2 A，方向向左 B. 0.15 A，方向向左 C. 0.2 A，方向向右 D. 0.3 A，方向向右 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】由可得，R1和R2两端的电压分别为：U1=I1R1=0.20A×5Ω=1V U2=I2R2=0.10A×1Ω=0.1V R1左端与R2的左端电位相等，U1＞U2，则R2右端的电位高于R1右端的电位， R3两端的电压U3=U1-U2=1V-0.1V=0.9V 通过R3的电流 R3下端电位高，上端电位低，电流方向由下向上，设电流表的示数为IA，对于电流表左端的节点，流入节点的电流等于流出节点的电流，即 IA+I2=I3‎ 电流表的示数IA=I3-I2=0.3A-0.1A=0.2A 方向向左。 A．0.2 A，方向向左，与结论相符，选项A正确；‎ B．0.15 A，方向向左，与结论不相符，选项B错误；‎ C．0.2 A，方向向右，与结论不相符，选项C错误；‎ D．0.3 A，方向向右，与结论不相符，选项D错误；‎ ‎6.如图是有两个量程的电压表，当使用a、b两个端点时，量程为0～10 V，当使用a、c两个端点时，量程为0～100 V．已知电流表的内阻Rg为500 Ω，满偏电流Ig为1 mA，则电阻R1、R2的值(　　)‎ A. 9500Ω；90000Ω B. 90000Ω；9500Ω C. 9500Ω；9000Ω D. 9000Ω；9500Ω ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】由图示电路图可知，‎ ‎，‎ 代入数据解得，‎ A. 9500Ω；90000Ω与分析相符，符合题意;B. 90000Ω；9500Ω与分析不符，不符合题意 C. 9500Ω；9000Ω与分析不符，不符合题意;D. 9000Ω；9500Ω与分析不符，不符合题意 ‎7.如图，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法不正确的是(　　)‎ A. 电源1与电源2的内阻之比是11∶7‎ B. 电源1与电源2的电动势之比是1∶1‎ C. 在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1∶2‎ D. 在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1∶2‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据电源U-I图线，，，则 r1：r2=11：7‎ 故A正确，不符合题意。‎ B．由图可知E1=E2=10V，故B正确，不符合题意；‎ CD．灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线的交点即为灯泡与电源连接时的工作状态则 I1=5A，U1=3V 则 P1=I1U1=15W I2=6A，U2=5V 则 P2=I2U2=30W 则在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1∶2，选项C正确，不符合题意；‎ 在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是18∶25，选项D错误，符合题意。‎ ‎8.如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，V与A分别为电压表与电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则（ ）‎ A. V的读数变大，A的读数变小 B. V的读数变大，A的读数变大 C. V的读数变小，A的读数变小 D. V的读数变小，A的读数变大 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】S断开，相当于电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V的读数变大；‎ 把R1归为内阻，内电压减小，故R3中的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大，电流表示数增大，‎ A．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故A错误；‎ B．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故B正确；‎ C．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故C错误；‎ D．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故D错误；‎ 二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。)‎ ‎9.关于多用电表的使用，下列说法正确的有（　　）‎ 甲.乙. 丙. 丁. ‎ A. 甲图是用多用电表直流电压档测量小灯泡两端的电压，表笔接法正确 B. 乙图是用多用电表直流电流档测量电路中的电流，表笔接法正确 C. 丁图中用多用电表电阻档测量的是二极管的反向电阻 D. 丙图中用的是多用电表电阻档测量二极管的反向电阻 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】A．甲图是用多用电表直流电压档测量小灯泡两端电压，表笔接法不正确，红表笔应该接小灯泡左端，选项Ａ错误；‎ B．乙图是用多用电表直流电流档测量电路中的电流，表笔接法正确，选项Ｂ正确；‎ C．因黑表笔内部接电源的正极，则丁图中用多用电表电阻档测量的是二极管的反向电阻，选项Ｃ正确；‎ D．因黑表笔内部接电源的正极，丙图中用的是多用电表电阻档测量二极管的正向电阻，选项Ｄ错误。‎ ‎10. 用相同的灵敏电流计作表头改装成电流表A和电压表V，分别将其串联和并联在一起，然后接入电路中．通电后关于指针的偏角情况的叙述正确的是（ ）‎ A. 图甲中电压表的指针偏角比电流表的大 B. 图甲中电压表的指针偏角比电流表的小 C. 图乙中电压表的指针偏角比电流表的大 D. 图乙中电压表的指针偏角比电流表的小 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ 试题分析：图甲中由于电流表的电流计是并联在电路中，电压表的电流计是串联在电路中，而串联电路的电流相等，所以由于电流表的定值电阻分流的原因，通过电流表的电流计的电流小于电压表的，所以电压表的指针偏转角比电流表的大，A正确B错误；图乙中电压表和电流表是并联在一起的，两端的电压是相等的，由于电压表中的定值电阻的分压原因，电压表中电流计两端的电压小于电流表中电流计两端的电压，所以图乙中电压表的指针偏角比电流表的小，C错误，D正确；‎ 考点：考查了电表的改装 ‎【名师点睛】此类题的关键是理解电流表，电压表的改装原理：改装电流表需要并联一个电阻分流，改装电压表需要串联一个电阻分压．‎ ‎11.如图所示电路中，电源内阻忽略不计．闭合电键，电压表示数为U，电流表示数为I；在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中 A. U先变大后变小 B. I先变小后变大 C. U与I比值先变大后变小 D. U变化量与I变化量比值等于R3‎ ‎【答案】BC ‎【解析】‎ 由图可知电压表测量的是电源的电压，由于电源内阻忽略不计，则电压表的示数总是不变，故A错误；在滑动变阻器的滑片P由a端滑到b端的过程中，滑动变阻器的电阻先增大后减小，由于电压不变，根据闭合电路欧姆定律可知电流表示数先减小后增大，U与I的比值就是接入电路的的电阻与的电阻的和，所以U与I比值先变大后变小，故C正确；由于电压表示数没有变化，所以U变化量与I变化量比值等于0，故D错误；‎ ‎【点睛】当滑动变阻器的两部分并联在电路中时，在最中间时，电阻最大，滑片从一端移动到另一端的过程中，电阻先增大后减小，‎ ‎12.在如图所示电路中，小灯泡规格为“6V，3W”，，电源内阻为，电压表、电流表均为理想电表，闭合开关，调节滑动变阻器阻值，使电压表示数为0，此时灯泡正常发光，电流表的示数为1A，则（ ）‎ A. 电源电动势为9V B. 电源功率为8W C. 电源输出功率为8W D. 10Ω ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据串并联电路规律可知： 路端电压 由公式 E=U+Ir=8+1×1=9V 选项Ａ正确；‎ B．电源功率为 P=IE=9W 选项B错误；‎ C．电源的输出功率为 P出=UI=8×1=8W 选项C正确。‎ D．因当电压表读数为零时应该满足：‎ 则不能确定R2阻值大小，选项D错误。‎ 三、实验题（本题共2小题，每个空格2分，共22分。）‎ ‎13.研究小组欲测一新材料制成的均匀圆柱体的电阻率，步骤如下：‎ ‎（1）用螺旋测微器测量其直径D如图甲，读数为_____mm；用游标卡尺测量其长度 L如图乙，读数为_________________mm．‎ ‎　‎ ‎（2）该同学想用伏安法测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：‎ 待测圆柱体电阻R（阻值约为200Ω） 直流电源E（电动势3V，内阻不计）‎ 电流表A1（量程4mA，内阻约50Ω） 电流表A2（量程15mA，内阻约30Ω）‎ 电压表V1（量程3V，内阻约10kΩ） 电压表V2（量程15V，内阻约25kΩ）‎ 滑动变阻器R（阻值 15Ω，允许通过的最大电流为2.0A） ‎ 开关S导线若干 ‎ 电流表应用______，电压表应用 ________．‎ ‎（3）若流经圆柱体的电流I，圆柱体两端之间的电压为U，则用测得的D、L、I、U表示的电阻率的关系式为ρ=________．‎ ‎【答案】 (1). 0.900 14.50 (2). A2 V1 (3). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5mm+40.0×0.01mm=0.900mm．‎ 由图示游标卡尺可知，其示数为：14mm+10×0.05mm=14.50mm． （2）通过电阻的最大电流：，电流表选择A2；电源电动势为3V，电压表应选择V1．‎ ‎（3）圆柱体电阻为：‎ 由电阻定律可知：‎ 电阻率：‎ ‎；‎ ‎14.现有一节干电池（电动势约为1.5V，内阻约为0.30Ω），电压表V（量程为3V，内阻约3kΩ）；电流表A（量程为0.6A，内阻为0.70Ω），滑动变阻器R（10Ω，2A），电键一个及导线若干．‎ ‎(1) 为了更准确地测出电源电动势和内阻，某组同学用右图所示电路测得多组电压和电流值，得到如图所示的 U-I图线，由图可得该电源电动势E=_______V，内阻 r=_______Ω．（结果均保留两位小数） ‎ ‎(2)某小组在实验时，发现电流表坏了，于是不再使用电流表，仅用电阻箱R′替换掉了滑动变阻器，电路图如右图所示．他们在实验中读出几组电阻箱的阻值R′和电压表的示数U，描绘出 的关系图像，得到的函数图像是一条直线．若该图像的斜率为k，纵轴截距为b，则此电源电动势E=_________，内阻r=__________．该组同学测得电源电动势E测_____E真，内阻r测_____r真．(填“>”“＝”或“<”)．‎ ‎【答案】 (1). 1.48—1.50 0.30 (2). ＜ ＜‎ ‎【解析】‎ 详解】（1）[1][2]．由图可得该电源电动势E=1.50V，内阻 ‎．‎ ‎（2）[3][4]．由闭合电路欧姆定律：‎ ‎ ‎ U=IR＇；‎ 联立变形得：‎ ‎；‎ 变形可得：‎ 又此式可知图中直线斜率 ‎ ‎ ‎，‎ 解得：‎ ‎[5][6]．将电压表内阻等效为电源的内阻，则电源内阻测量值 电源电动势测量值 即该组同学测得电源电动势E测