2019-2020学年辽宁省六校协作体高一10月联考物理试题 Word版含解析 15页

‎2019-2020学年度上学期省六校协作体高一10月份月考联考 物理试卷 一．单项选择题（共8小题,每题4分）‎ ‎1.下列情形中，可将运动员简化为质点的是（ ）‎ A. 研究跨栏运动员的跨栏动作 B. 研究跳高运动员越过横杆的姿势 C. 研究跳水运动员在空中的翻腾动作 D. 研究运动员传递奥运火炬的运动轨迹 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：研究运动员的跨栏动作时，人的大小形状是不能忽略的，故不能看作质点； 故A错误；研究跳高运动员跨过横杆的动作时，人的大小和形状是不能忽略的，故B错误； 研究的是运动员的翻腾动作，故人的大小和形状不能忽略，故C错误；研究运动员传递火炬时的运动轨迹时，人的大小和形状相对轨迹来说可以忽略，运动员可以看作质点，故D正确； 故选D．‎ 考点：质点 ‎【名师点睛】本题考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略。‎ ‎2.关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（　　）‎ A. 物体的加速度增大，速度不会减小 B. 物体的加速度方向为正向，速度一定增大 C. 加速度方向与速度变化量方向一定相同 D. 加速度和速度大小不能同时为零 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.当加速度与速度方向相反时，物体的加速度增大，速度减小，故AB错误。‎ C.根据定义式 知，加速度方向与速度变化量方向一定相同，故C正确。‎ D.物体静止时，加速度和速度大小同时为零，故D错误。‎ ‎3. 从某高处由静止释放一粒小石子，经过1s从同一点再由静止释放另一粒小石子，不计空气阻力，则在它们落地之前的任一时刻 A. 两粒石子间的距离将保持不变，速度之差保持不变 B. 两粒石子间的距离将不断增大，速度之差保持不变 C. 两粒石子间的距离将不断增大，速度之差也越来越大 D. 两粒石子间距离将不断减小，速度之差也越来越小 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 当第一个石子运动的时间为t时，第二个石子运动的时间为(t－1)．‎ h1＝gt2①‎ v1＝gt②‎ h2＝g(t－1)2③‎ v2＝g(t－1)④‎ 由①③得：Δh＝gt－g 由②④得：Δv＝g 因此，Δh随t增大，Δv不变，B选项正确．‎ ‎4.如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移一时间（x﹣t）图象．由图可知（　　）‎ A. 在时刻t1，a车追上b车 B. 在时刻t2，a车的加速度大于b车的加速度 C. 在t1到t2这段时间内，a和b两车的平均速度不等 D. 在t1到t2这段时间内，a和b两车的位移相等 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 由图知在时刻t1，a、b两车的位置坐标相同，到达同一位置，而开始时b的位移大于a的位移，所以时刻t1，b车追上a车，故A错误。‎ B. a做做匀速运动，加速度为零，b做变速运动，加速度不为零，所以在时刻t2，a车的加速度小于b车的加速度，故B错误。‎ CD. 在t1到t2这段时间内，a和b两车初末位置相同，位移相同，所用时间也相同，故平均速度相同，故C错误D正确。‎ ‎5.物体从高h处做自由落体运动，若通过后所用时间为t，则通过前所用时间为 A. t B. 2t C. t D. （+1）t ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】根据自由落体运动的位移公式h＝gt2有：开始：；整个运动过程中h＝g(t1+t)2，则：t1＝(+1)t，故选D.‎ ‎6.一辆汽车从车站由静止开出做匀加速直线运动，刚加速开出一会儿，司机发现一乘客未上车，便紧急制动做匀减速运动。汽车从加速启动到减速停止一共前进了20m，此过程中的最大速度为5m/s，则此过程汽车运动的时间为（　　）‎ A. 8s B. 6s C. 4s D. 2s ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】根据平均速度推论知：‎ 解得汽车运动的时间为：‎ A. 8s与计算结果相符，故A正确。‎ B. 6s与计算结果不符，故B错误。‎ C. 4s与计算结果不符，故C错误。‎ D. 2s与计算结果不符，故D错误。‎ ‎7.有一种“傻瓜”相机的曝光时间是 0.02s。有位同学从墙面前某点， 使一个小石子自由落下，对小石子照相，得到如图的照片，由于小石子的运动，它在照片上留下一条模糊的径迹 AB，已知每块砖的平均厚度约为6cm，从这些信息估算该小石子下落的起点到 A 点的距离最接近于（ ）‎ A. 0.45m B. 1.8m C. 3.6m D. 4.5m ‎【答案】B ‎【解析】‎ 石子做自由落体运动，它留下径迹AB的对应运动时间即为照相机的曝光时间，设开始下落点为O．由照片可以看出，AB长对应两块砖的厚度，即AB的实际长度为：，设OA=h，则OB=h+0.12，根据，得从O到A的时间为：，从O到B的时间为：，又，联立解得：h=1.8m，故选B.‎ ‎8.如图所示，A、B两物体相距s＝5m，物体A以vA＝5m/s的速度向右匀速运动，而物体B此时的速度vB＝10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a＝-5m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为（　　）‎ A. 3s B. 8s C. 7s D. 10s ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】物体A做匀速直线运动，t时间内通过的位移为：‎ xA=vAt=5t 设物体B速度减为零的时间为t1，有 在t1=2s的时间内，物体B的位移为 ‎ xB1==10m 物体A的位移为xA1=10m，由于xA1-s＜xB1，故物体A未追上物体B；2s后，物体B静止不动，所以A追上B，还需再经过 所以需时间 A. 3s与计算结果相符，故A正确。‎ B. 8s与计算结果不符，故B错误。‎ C. 7s与计算结果不符，故C错误。‎ D. 10s与计算结果不符，故D错误。‎ 二.多项选择题(全选对得4分，漏选得2分，错选不得分.)‎ ‎9.将一个小石子以30m/s初速度从地面做竖直上抛运动(空气阻力不计，g = 10m/s2‎ ‎).则以下说法中正确的是（ ）‎ A. 物体经过4s产生的位移是40m B. 物体经过4s产生的路程是 50m C. 物体在空中的运动时间是3s D. 物体在2s末速度为10m/s ‎【答案】ABD ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.石子到达最高点的时间为 上升的高度为 下落1s的位移为 所以物体经过4s产生的位移是 物体经过4s产生的路程是 故AB正确。‎ C.因不知道抛出高度，无法计算在空中时间，故C错误。‎ D. 物体在2s末速度 故D正确。‎ ‎10.某辆电动汽车在一次刹车测试中刹车后位移与时间的关系式是x＝12t-3t2（m），对该汽车的运动，以下说法正确的是（　　）‎ A. 刹车过程中的加速度大小为3m/s2‎ B. 刹车后5s内的位移为12m C. 最后1s的位移为3m D. 刹车后汽车经4s停下 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】A.根据位移与时间的关系式是x＝12t-3t2，所以加速度为6m/s2，初速度为12m/s，故A错误。‎ BD.刹车总时间 所以刹车后5s内的位移就是刹车总位移 故B正确D错误。‎ C.最后1s即反向的第一秒，位移 故C正确。‎ ‎11.在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如建立物理模型法、理想实验法、极限思想法、微元法、控制变量法、类比法和科学假说法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（　　）‎ A. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 B. 在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法 C. 在用打点计时器研究自由落体运动时，把重物在空气中的落体运动近似看做自由落体运动，这里采用了类比法 D. 根据平均速度定义式，当时间间隔非常非常小时，就可以用这一间隔内的平均速度表示间隔内某一时刻的瞬时速度，这应用了极限思想法 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫建立物理模型法，故A错误。‎ B.‎ ‎ 在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故B正确。‎ C. 在用打点计时器研究自由落体运动时，把重物在空气中的落体运动近似看做自由落体运动，这里采用了理想模型法，故C错误。‎ D. 根据平均速度定义式，当时间间隔非常非常小时，就可以用这一间隔内的平均速度表示间隔内某一时刻的瞬时速度，这应用了极限思想法，故D正确。‎ ‎12.水平路面上有甲、乙两辆小车，它们从同一地点沿着同一方向做匀变速直线运动．在如图所示的图线中仅仅画出了两辆小车运动的前1.00s的情况，则下列说法正确的是（　　）‎ A. 两车相遇时甲车的速度为零 B. 1.00 s时刻两车相距最近 C. 相遇前两车在1.00 s时相距最远 D. 甲车的加速度大小为20 m/s2‎ ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 当两车相遇时，位移相等，图像的斜率代表加速度 解得： ，此时甲车速度 所以甲车已经停止，故A正确。‎ BC. 在两车速度相等前，甲的速度大于乙的速度，两车距离越来越大，当速度相等时，即1.0s时刻两车相距最远。故B错误C正确。‎ D.根据斜率可知，甲车加速度 故D错误。‎ 三．实验题（共2小题.共14分）‎ ‎13.如图所示是物体在做匀变速直线运动实验的纸带，设0点为计数点的起点，每5个点取一个计数点，标以1，2，3…所用电源频率为50Hz，那么相邻两个计数点之间的时间为_____s，请根据上图纸带提供的数据计算第一个计数点与起始点间的距离x1＝____cm，物体经过第3个计数点的瞬时速度v3＝______m/s，纸带加速度大小a＝_____m/s2.‎ ‎【答案】 (1). 0.1 (2). 3 (3). 1.05 (4). 3‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]所用电源频率为50Hz，每5个点取一个计数点，那么相邻两个计数点之间的时间为 ‎[2]做匀变速直线运动中，在相等的时间内，相邻的位移之差相等，则有：‎ 那么 ‎[3][4]根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小 根据匀变速直线运动中时间中点速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小 再由运动学公式，则有：‎ ‎14.某同学用如图1所示的装置来研究自由落体运动．‎ ‎（1）下列有关操作的叙述正确的是_____‎ A．安装打点计时器时要注意让上下限位孔在同一竖直线上 B．将打点计时器与直流4-6V低压电源连接 C．应先释放纸带，然后接通电源 ‎ D．释放纸带时应尽量让重物靠近打点计时器 ‎（2）实验得到一条纸带，测得各点之间的距离如图2所示．已知电源频率为50Hz．从该纸带可知，重物加速度大小g＝_______m/s2（保留三位有效数字）．‎ ‎【答案】 (1). AD (2). 9.63‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1] A．打点计时器的两个限位孔应在同一竖直线上，以减小摩擦力的影响，故A正确．‎ B．电磁打点计时器应该接在4-6V交流电源上，故B错误．‎ CD.开始时应使重物靠近打点计时器处并保持静止，先接通电源，再释放纸带，故C错误，D正确。‎ ‎(2)[2] 已知电源频率为50Hz，则纸带中相邻两点间的时间间隔是0.02s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小 三．计算题（共4小题38分。其中15题7分，16题9分，17题10分，18题12分。要求：书写工整，写出必要的文字说明）‎ ‎15.气垫导轨上有很多小孔，气泵送来的压缩空气从小孔喷出，使得滑块与导轨之间有一层薄薄的空气，两者不会直接接触。这样滑块运动时受到的阻力很小，可忽略不计。为测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为d=3.0cm的遮光条，如图所示。滑块在倾斜的气垫导轨顶端由静止释放，先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过第一个光电门的时间,△t1＝0.012s，通过第二个光电门的时间△t2＝0.01s，遮光条从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间,△t＝0.25s。求滑块的加速度大小。‎ ‎【答案】2.0m/s2‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】滑块经过第一个光电门时 滑块经过第二个光电门时 滑块的加速度 m/s2‎ ‎16.一个小球在空中某个位置开始做自由落体运动，下落2s时砸碎一个水平放置在空中的薄板，并因此失去了的速度，之后小球经1.5s落地，求小球释放位置距地面的高度。（g 取10m/s2)‎ ‎【答案】49.25m ‎【解析】‎ ‎【详解】设2s末速度为 v1，碰后速度为 v2，根据运动学公式 v1=gt=20m/s 根据题意 v2=v1=12m/s 开始小球下落高度 x1==20m 后来小球下落高度 x2==29.25m 小球释放位置距地面的高度 x=x1+x2=49.25m 答：49.25m ‎17.一架战斗机完成任务后以v0＝50m/s水平速度着陆，着陆后做加速度大小a1＝5m/s2的匀减速直线运动，着陆t1＝6s后接到紧急任务要求战斗机起飞执行新的任务，战斗机立即改为以a2＝10m/s2加速度匀加速滑行，已知战斗机起飞的最小速度v＝80m/s。求：‎ ‎（1）战斗机从着陆到再次起飞所用的最少时间.‎ ‎（2）若此战斗机停在一艘以10m/s运行的航母上，满足战斗机安全起飞的跑道最小长度.‎ ‎【答案】(1)12s (2)245m ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）着陆t1＝6s后的速度为：‎ 再次起飞所需的时间为：‎ t2＝＝s＝6s 所以战斗机从着陆到再次起飞所用的总时间为：‎ t＝t1+t2＝12s ‎（2）设航母的运行速度为v2, 战斗机的位移为x。则 v2﹣v22＝2ax 飞行时间为为 t3==7s 满足战斗机安全起飞该航母甲板的最小长度为：‎ L=x-v2 t3‎ 解得：L= 245m。‎ 答：(1)12s (2)245m ‎18.在平直的高速公路上，一辆巡逻车由静止开始启动，追赶前方1200m处正以40m/s的速度匀速行驶的违章卡车，巡逻车以5m/s2的加速度做匀加速运动，但行驶速度必须控制在vm＝50m/s以内.问：‎ ‎（1）在追赶的过程中，巡逻车和卡车的最大距离是多少？‎ ‎（2）巡逻车需要多少时间才能追上卡车？‎ ‎【答案】(1)1360m (2)145s ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）两车的速度相等时两车距离最大，此时对应运动的时间：‎ 巡逻车的位移：‎ 卡车的位移：‎ x2＝v卡t＝40×8 m＝320m 此时两车相距的最大距离：‎ d＝1200+x2﹣x1＝1200+320﹣160＝1360m ‎（2）设巡逻车需要时间t′追上卡车，此时卡车的位移：‎ x卡＝v卡t′‎ 巡逻车匀加速运动的时间：‎ t1＝ ＝ s＝10s 匀加速运动的位移：‎ x1′= at12＝×5×102＝250m 匀速运动的位移：‎ x1″＝vm（t′﹣t1）‎ 则巡逻车的位移：‎ x巡＝x′+x″‎ 巡逻车追上卡车时满足：‎ x巡＝x卡+1200‎ 解得：t′＝145s，故巡逻车追上汽车，至少需要145s。‎ 答：(1)1360m (2)145s ‎ ‎