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  • 2021-06-01 发布

【物理】2018届二轮复习第4讲功、功率与动能定理学案

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第 4 讲 功、功率与动能定理  考点一 功与功率的理解 1.(功的辨析)如图 41 所示,水平路面上有一辆质量为 M 的汽车,车厢中有一个质量为 m 的人正用恒力 F 向前推车厢,在车以加速度 a 向前加速行驶距离 L 的过程中,下列说法正确的 是( ) 图 41 A.人对车的推力 F 做的功为 FL B.人对车做的功为 maL C.车对人的作用力大小为 ma D.车对人的摩擦力做的功为(F-ma)L 2.(功率的辨析)如图 42 所示,四个相同的小球 A、B、C、D,其中 A、B、C 位于同一高 度 h 处,A 做自由落体运动,B 沿光滑斜面由静止滑下,C 做平抛运动,D 从地面开始做斜上抛 运动,其运动的最大高度也为 h.在每个小球落地的瞬间,其重力的功率分别为 PA、PB、PC、PD. 下列关系式正确的是( ) 图 42 A.PA=PB=PC=PD B.PA=PC>PB=PD C.PA=PC=PD>PB D.PA>PC=PD>PB 3.(机车的功率问题)用一根绳子竖直向上拉一个物块,物块从静止开始运动,绳子拉力的 功率按如图 43 所示规律变化,已知物块的质量为 m,重力加速度为 g,0~t0 时间内物块做匀加 速直线运动,t0 时刻后拉力的功率保持不变,t1 时刻物块达到最大速度,则下列说法正确的是 ( ) 图 43 A.物块始终做匀加速直线运动 B.0~t0 时间内物块的加速度大小为 P0 mt0 C.t0 时刻物块的速度大小为P0 mg D.0~t1 时间内物块上升的高度为 P0 mg t1-t0 2 - P20 2m2g3 4.(图像综合应用) 一质量为 m=1 kg 的物体放在粗糙程度相同的水平面上,受到水平拉力 的作用,物体由静止开始沿直线运动,物体的加速度 a 和速度的倒数 1 v 的关系如图 44 所示.不 计空气阻力,重力加速度 g 取 10 m/s2.下列说法正确的是( ) 图 44 A.物体与水平面之间的动摩擦因数为 0.2 B.物体速度为 1.5 m/s 时,加速度大小为 1.5 m/s2 C.拉力的最大功率为 3 W D.物体匀加速运动的时间为 1 s  考点二 动能定理与图像结合问题 动能定理与图像的结合是常考题型,分析动能定理与图像结合问题可按以下三个基本步骤进 行: 考向 1 Fx 图像 例 1 如图 45 甲所示,在倾角为 30°的足够长的光滑斜面 AB 的 A 处平滑连接一粗糙水平 面 OA,OA 长为 4 m.有一质量为 m 的滑块,在 O 处受一水平向右的力 F 作用由静止开始运动.F 只在水平面上按图乙所示的规律变化.滑块与 OA 间的动摩擦因数μ=0.25,g 取 10 m/s2,试求: (1)滑块运动到 A 处的速度大小; (2)不计滑块在 A 处的速率变化,滑块冲上斜面 AB 的长度. 图 45 考向 2 Wx 图像 例 2 质量为 2 kg 的物体放在动摩擦因数μ=0.1 的水平面上,在水平拉力 F 的作用下,由静 止开始运动,拉力做的功 W 和物体发生的位移 x 之间的关系如图 46 所示,g 取 10 m/s2.下列说 法中正确的是( ) 图 46 A.此物体在 AB 段做匀加速直线运动,且整个过程中拉力的最大功率为 15 W B.此物体在 AB 段做匀速直线运动,且整个过程中拉力的最大功率为 6 W C.此物体在 AB 段做匀加速直线运动,且整个过程中拉力的最大功率为 6 W D.此物体在 AB 段做匀速直线运动,且整个过程中拉力的最大功率为 15 W 考向 3 Ex 图像 例 3 如图 47 甲所示,固定的粗糙斜面长为 10 m,一小滑块自斜面顶端由静止开始沿斜面 下滑的过程中,小滑块的动能 Ek 随位移 x 的变化规律如图乙所示,取斜面底端的重力势能为零, 小滑块的重力势能 Ep 随位移 x 的变化规律如图丙所示,重力加速度 g 取 10 m/s2.根据上述信息可 以求出( ) 图 47 A.斜面的倾角 B.小滑块与斜面之间的动摩擦因数 C.小滑块下滑的加速度的大小 D.小滑块受到的滑动摩擦力的大小  考点三 动能定理解决单体复杂问题 例 4 (14 分)如图 48 所示是跳台滑雪的示意图,雪道由倾斜的助滑雪道 AB、水平平台 BC、 着陆雪道 CD 及减速区 DE 组成,各雪道间均平滑连接.A 处与水平平台间的高度差 h=45 m, CD 的倾角为 30°.运动员自 A 处由静止滑下,不计其在雪道 AB、BC 滑行和空中飞行时所受的 阻力,g 取 10 m/s2,运动员可视为质点. (1)求运动员滑离平台 BC 时的速度; (2)为保证运动员落在着陆雪道 CD 上,雪道 CD 长度至少为多少? (3)若实际的着陆雪道 CD 长为 150 m,运动员着陆后滑到 D 点时具有的动能是着陆瞬间动 能的 80%,在减速区 DE 滑行 x=100 m 后停下,则运动员在减速区所受平均阻力是其重力的多 少倍? 图 48 [解答步骤规范] (1)运动员由 A 到 C 的过程中,由动能定理有 ________(2 分) 解得 v C= 2gh=________.(1 分) (2)设运动员在着陆雪道上的落点 D′距点 C 的距离为 L,由平抛运动规律得 ________(2 分) ________(2 分) 解得 L=________.(1 分) (3)运动员由 A 运动到落点 D′的过程中,由动能定理有 ________(2 分) 设运动员在减速区减速过程中所受平均阻力是其重力的 k 倍,对运动员在减速区运动过程, 由动能定理有 ________(2 分) 根据题意有 ________(1 分) 解得________.(1 分) 归纳 1.应用动能定理求解的思路和步骤 (1)了解由哪些过程组成,选哪个过程研究; (2)分析每个过程物体的受力情况; (3)分析各个力做功有何特点,对动能的变化有无贡献; (4)从总体上把握全过程,表达出总功,找出初、末状态的动能; (5)对所研究的全过程运用动能定理列方程. 2.动能定理既适用于直线运动,也适用于曲线运动;既适用于恒力做功,也适用于变力做 功;力既可以同时作用,也可以分段作用. 3.“两状态,一过程”是应用动能定理的着眼点,即明确研究对象的始、末状态的速度或 动能情况,明确研究过程,关注这一过程的位置变化或位移信息. 变式 1 如图 49 所示,水平面上某点固定一轻质弹簧,A 点左侧的水平面光滑,右侧水平面 粗糙,在 A 点右侧 5 m 远处(B 点)竖直放置一半圆形管状光滑轨道,轨道半径 R=0.4 m,连接处 相切.现将一质量 m=0.1 kg 的小滑块放在弹簧的右端(在 A 点左侧且不与弹簧拴接),用力向左 推滑块而压缩弹簧,使弹簧具有的弹性势能为 2 J,放手后滑块被向右弹出,它与 A 点右侧水平 面间的动摩擦因数μ=0.2,取 g=10 m/s2. (1)求滑块运动到半圆形轨道最低点 B 时对轨道的压力; (2)改变半圆形轨道的位置(左右平移),使得被弹出的滑块到达半圆形轨道最高点 C 时对轨道 的压力大小等于滑块的重力,问 A、B 之间的距离应调整为多少? 图 49 变式 2 如图 410 所示,将弹簧平放在绝缘水平面上,其左端固定,自然伸长时右端在 O 点, O 点左侧水平面光滑,右侧水平面粗糙.水平面上 OO′与 AA′之间区域(含边界)存在与竖直方向 的夹角θ=37°、斜向右上方的匀强电场,电场强度 E=5×103 N/C.现将一质量 m=2 kg、电荷 量 q=4×10-3 C 的带正电小物块从弹簧右端 O 点无初速度释放,物块从 A 点滑上倾角θ=37° 的斜面.已知 O、A 间的距离为 4.9 m,斜面 AB 的长度为8 3 m,物块与 OA 段水平面间的动摩擦 因数μ1=0.5,物块与斜面间的动摩擦因数μ2=0.75.(物块可视为质点且与弹簧不拴连,物块通过 A 点时速率无变化,取 g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8) (1)求物块沿斜面向上滑行的时间; (2)若用外力推物块向左压缩弹簧至某一位置后由静止释放,且电场在物块进入电场区域运 动 0.4 s 后突然消失,物块恰能到达 B 点,求外力所做的功. 图 410 专题二 能量与动量 第 4 讲 功、功率与动能定理 高频考点探究 考点一 1.A [解析] 根据功的公式可知,人对车的推力做功为 W=FL,选项 A 正确;在水平方向 上,由牛顿第二定律可知车对人的作用力为 F′=ma,由牛顿第三定律可知人对车的作用力为- ma,故人对车做的功为 W=-maL,选项 B 错误;因车对人还有沿竖直方向的支持力,大小等 于 mg,故车对人的作用力大小为 N= (ma)2+(mg)2,选项 C 错误;对人由牛顿第二定律 得 f-F=ma,解得 f=ma+F,车对人的摩擦力做功为 W=fL=(F+ma)L,选项 D 错误. 2.C [解析] 对小球 A、B,由机械能守恒定律知,到达地面的速度大小相等,方向不同, 由 P=mgvcos θ,可得重力的功率 PA>PB,A、C 和 D 在竖直方向做自由落体运动,到达地面的 竖直分速度相等,由 P=mgvy 可得重力的功率相等,选项 C 正确. 3.D [解析] 物块刚开始做匀加速运动时,绳子拉力 F1=mg+ma,t0 时刻物块的速度 v=P0 F1 = P0 m(g+a) ,加速度 a=v t0 ≠ P0 mt0 ,选项 B、C 错误;t0 时刻拉力的功率达到最大值,此后速度继 续增加,拉力减小,物块做变加速运动,选项 A 错误;t1 时刻物块达到最大速度,此时绳子拉力 F2=mg,最大速度 vm=P0 F2 = P0 mg ,在 0~t1 时间内,由动能定理得-mgh+P0 2 ·t0+P0(t1-t0)=1 2mv2m, 解得 h= P0 mgt1-t0 2 - P20 2m2g3 ,选项 D 正确. 4.C [解析] 由题图分析可知,物体由静止开始做匀加速运动,当物体速度为 1 m/s 时,拉 力的功率最大;此后,物体做拉力功率恒定的加速运动.物体速度 v1=3 m/s 时,加速度 a1=0, 则有 F=Ff,拉力的最大功率 P=Ffv1,物体速度 v2=1 m/s 时,加速度 a2=2 m/s2,根据牛顿第 二定律有P v2 -Ff=ma2,解得 Ff=1 N,P=3 W,而 Ff=μmg,故μ=0.1,选项 A 错误,选项 C 正 确;由 P 1.5 m/s -Ff=ma3 可得 a3=1 m/s2,选项 B 错误;物体匀加速运动的时间为 t=v2 a2 =0.5 s, 选项 D 错误. 考点二 例 1 (1)5 2 m/s (2)5 m [解析] (1)由题图乙知,在前 2 m 内,F1=2mg,做正功,在第 3 m 内,F2=-0.5mg,做负 功,在第 4 m 内,F3=0.滑动摩擦力 Ff=-μmg=-0.25mg,始终做负功,对滑块在 OA 上运动 的全过程,由动能定理得 F1x1+F2x2+Ffx=1 2mv2A-0 解得 vA=5 2 m/s. (2)对滑块冲上斜面的过程,由动能定理得 -mgLsin 30°=0-1 2mv2A 解得 L=5 m. 例 2 D [解析] 前 3 m 位移内,拉力 F1=W1 x1 =15 3 N=5 N,物体的加速度 a1=F1-μmg m = 1.5 m/s2,前 3 m 末物体的速度 v1= 2a1x1=3 m/s.3~9 m 位移内,拉力 F2=W2 x2 =27-15 6 N=2 N, a2=F2-μmg m =0,物体做匀速直线运动.所以整个过程中拉力的最大功率为 Pmax=F1v1=5×3 W =15 W.故选项 D 正确. 例 3 D [解析] 图乙是动能—位移图像,其斜率的绝对值是小滑块所受合外力大小 F 合= mgsin θ-μmgcos θ=2.5 N;图丙是重力势能—位移图像,其斜率的绝对值是小滑块所受重力沿 斜面向下的分量 Gx=mgsin θ=10 N.则可求出小滑块受到的滑动摩擦力的大小 Ff=μmgcos θ= 7.5 N,D 正确.由于滑块质量未知,故其他量均不可求. 考点三 例 4 (1)mgh=1 2mv2C 30 m/s (2)Lcos 30°=vCt Lsin 30°=1 2gt2 120 m (3)mg(h+Lsin 30°)=1 2mv2D′ -kmgx=0-1 2mv2D 1 2mv2D=0.8×1 2mv2D′ k=0.84 例 4 变式 1 (1)6 N,方向竖直向下 (1)4 m 或 6 m [解析] (1)小滑块被弹出至到达 B 点的过程,据动能定理有 W 弹-μmgx=1 2mv2B 滑块在 B 处有 FN-mg=mv2B R 而 W 弹=ΔEp=2 J 解得 FN=6 N 由牛顿第三定律可知,滑块对轨道的压力大小为 6 N,方向竖直向下. (2)在 C 处,滑块对轨道的压力大小为 mg,包含 2 种情况 ①若压力方向向上,在 C 处,对滑块由牛顿第二定律有 mg+F′N1=mv2C1 R F′N1=FN1=mg 整个过程,据动能定理有 W 弹-μmgx1-mg·2R=1 2mv2C1 解得 x1=4 m ②若压力方向向下,在 C 处,对滑块由牛顿第二定律有 mg-F′N2=mv2C2 R F′N2=FN2=mg 整个过程,据动能定理有 W 弹-μmgx2-mg·2R=1 2mv2C2 解得 x2=6 m. 例 4 变式 2 (1)0.58 s (2)49 J [解析] (1)物块在 OA 之间做匀加速直线运动,有 N+qEcos 37°=mg qEsin 37°-μ1N=ma1 v2A=2a1xOA 联立以上各式,解得 N=4 N,a1=5 m/s2,vA=7 m/s 物块在斜面上向上做匀减速直线运动,有 mgsin 37°+μ2mgcos 37°=ma2 解得 a2=12 m/s2 假设物块在斜面上速度可减为零,且该过程在斜面上发生的位移为 x,有 0-v2A=-2a2x 解得 x=49 24 m<8 3 m,假设成立,由 0-vA=-a2t,解得 t=0.58 s. (2)设物块在 A 点时的速度大小为 v′A,因物块恰好能到达 B 点,故有 -2a2xAB=0-v′2A 解得 v′A=8 m/s 设物块刚进入电场区域时速度为 v0,电场消失时速度为 v1,则 v1=v0+a1t1,2a1x1=v21-v20 电场消失后,物块做匀减速直线运动至 A 点,有 μ1mg=ma3 -2a3(xOA-x1)=v′2A-v21 联立得 a3=5 m/s2,v0=7 m/s 由功能关系得 W=1 2mv20=49 J.

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