广西贵港市覃塘高级中学2020学年高二物理9月月考试题(1) 9页

覃塘高中2020年秋季期9月月考试题 ‎ 高二物理 第Ⅰ卷(选择题，共48分)‎ 一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。其中1至8题为单选题，9至12题为多选题，全选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的0分。）‎ ‎1.在如下图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是（）‎ A. B. C. D. ‎ ‎2.真空中两个完全相同的带电小球A和B（均可看做点电荷），带电量分别为+2q和-6q，固定在相距为r的两点，两球间静电力为F，现用绝缘工具使两球接触后分开，将其固定在距离为的两点，则两球间库仑力为（　　）‎ A. 相互作用的斥力，大小为 B. 相互作用的引力，大小为 C. 相互作用的引力，大小为 D. 相互作用的斥力，大小为‎2F ‎3.下列是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中不正确的是（ ）‎ A.根据电场强度的定义式E=F/q,电场中某点的电场强度和试探电荷的电荷量q成反比 B.根据点电荷场强公式E=kQ/r2,E与Q成正比，而与r2成反比 C.根据电场力做功的计算式W=Uq，一个电子在1V电压下加速，电场力做功为1eV D.根据电势差的定义式Uab=Wab/q，带电量为‎1C的正电荷，从a点移动到b点克服电场力做功为1J， 则a、b两点间的电势差为-1V。‎ ‎4.在静电场中，下列说法中正确的是（ ）‎ A.在以Q为球心，r为半径的球面上，各处电场强度均相同 B.电场线越密的地方，同一试探电荷所受的静电力越大 C.电荷在等势面上移动时，由于不受电场力作用，所以电场力不做功 D.某点的电场强度小，该点的电势一定低，负点电荷在该点的电势能也一定大 ‎5.电容器A的电容比电容器B的电容大，这说明（ ）‎ A.所带的电荷量比B多 B.A比B能容纳更多的电荷量 C.A的体积比B大 D.两电容器的电压都改变1V时，A的电荷量改变比B的大 ‎6.一带电粒子在（重力不计）如图所示的电场中，在电场力作用下，沿虚线所示轨迹从A点运动到B点，下列说法中正确的是（　　）‎ A. 粒子带正电 B. 粒子的加速度在减少 C. 粒子的动能在增大 D. 粒子的电势能在增大 ‎7.如图所示，固定在绝缘支架上的平行板电容器充电后与电源断开，两极板与一个静电计相连，将B极向左水平移动一小段距离后，电容器的电容C、静电计指针偏角θ和极板间电场强度E的变化情况分别是（　　）‎ A. C变小，θ变大，E不变 B. C不变，θ不变，E变小 C. C变小，θ不变，E不变 D. C变小，θ变大，E变小 ‎8．如图为某一电场的电场线，M、N、P 为电场线上的三个点，M、N 是同一电场线上两点。下列判 断正确的是( )‎ A． 只受电场力作用时，同一负电荷在 N 点的加速度最小 B． M、N、P 三点中 N 点的电势最高 C． 正电荷从 M 点自由释放，电荷可能沿电场线运动到 N 点 D． 只受电场力作用时，同正电荷在 M 点的电势能大于在 N 点的电势能 ‎9. 一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则 A. 粒子带正电荷 B. 粒子加速度逐渐减小 C. A点的速度大于B点的速度 D. 粒子的初速度不为零 ‎10. 下列关于电势高低的判断，正确的是(　　)‎ A. 负电荷从P点移到M点，电势能增加，P点电势一定较低 B. 负电荷从P点移到M点，电势能增加，M点电势一定较低 C. 正电荷从P点移到M点，电势能增加，P点电势一定较低 D. 正电荷从P点移到M点，电势能增加，M点电势一定较低 ‎11．如图所示，两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，合开关S，给电容器充电。在两极板间有固定点P。用E表示两极板间的电场强度，φ表示P点的电势，下列说法正确的是（　　）‎ A．保持S接通，上极板A不动，将下极板B缓慢向下移动稍许到B′，φ增大 B．保持S接通，上极板A不动，将下极板B缓慢向下移动稍许到B′，E增大 C．若断开S，下极板B不动，将上极板A缓慢向下移动稍许到A′，则E不变]‎ D．若断开S，下极板B不动，将上极板A缓慢向下移动稍许到A′，φ减小 ‎12．如图所示，真空中两个电荷量均为q的带负电的点电荷P、Q相距r，其中O是P、Q连线的中点，A、B是中垂线上的两点，且B点距P、Q两点都为r；一个电子从O、A两点之间的某点由静止开始沿着AB直线运动，用、、、分别表示A、B两点的电场强度和电子的电势能（取无穷远处电势为零）。则下面说法正确的有 A． B．‎ C．一定大于，不一定大于 D．不一定大于，一定大于 二、实验题（本题共2个小题，共14分。）‎ ‎13.在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准。‎ ‎（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次的测量结果如图甲所示，其读数应为___________。‎ ‎（2）用伏安法测金属丝的电阻．实验所用器材为：‎ 电池组（电动势为，内阻约为）‎ 电流表（内阻约为）‎ 电压表（内阻约为）‎ 滑动变阻器（，额定电流为）‎ 开关、导线若干。‎ 若金属丝的电阻约为，为了尽可能地减少实验误差，则应采用图__________选填（“乙”或“丙”）所示电路进行实验。‎ ‎14．一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法测量这个灯泡的U﹣I图线，现有下列器材供选用：‎ A．电压表（0～5V，内阻约10kΩ）‎ B．电压表（0～10V，内阻约20kΩ）‎ C．电流表（0～‎0.3A，内阻约1Ω）‎ D．电流表（0～‎0.6A，内阻约0.4Ω）‎ E．滑动变阻器（10Ω，‎2A）‎ F．学生电源（直流6V），还有开关导线 ‎(1)实验中所用电压表应选_____，电流表应选用_____（用序号字母表示）。‎ ‎(2)为了使实验误差尽量减小，要求从零开始多测几组数据，请在图甲方框内画出满足实验要求的电路图____。‎ ‎(3)某同学利用实验得到的数据画出了该小灯泡的U﹣I曲线（如图乙所示），若直接在小灯泡两端加上2V的电压，则该小灯泡消耗的功率是______W，电阻是______Ω。（结果保留两位有效数字）‎ 三、 解答题（共38分）‎ ‎15.如图所示，空间某区域存在水平方向的匀强电场E=2×104N/C，将一长为L=‎500cm的不可伸长的绝缘细线一端固定于O点，另一端连接一个质量为m=‎0.5kg的小球（可视为质点），小球带电量q=1.6×10-4C，现将绝缘细线AO拉至与电场线平行位置，且细线刚好拉直，让小球从A处静止释放，取g=‎10m/s2，求：‎ ‎（1）小球第一次到达O点正下方的B点时电场力做的功；‎ ‎（2）A、B两点的电势差UAB．‎ ‎16.如图所示为一真空示波管,电子从灯丝发出(初速度不计),经灯丝与板间的加速电压加速,从板中心孔沿中心线射出,然后进入两块平行金属板、形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场),电子进入、间电场时的速度与电场方向垂直,电子经过电场后打在荧光屏上的点.已知加速电压为,、两板间的电压为,两板间的距离为,板长为,板右端到荧光屏的距离为,电子质量为,电荷量为.求:‎ ‎(1)电子穿过板时的速度大小;‎ ‎(2)电子从偏转电场射出时的侧移量;‎ ‎(3) 点到点的距离.‎ ‎17.如图所示，在xOy平面上第Ⅰ象限内有平行于y轴的有界匀强电场，方向如图．y轴上一点P的坐标为（0，L），有一电子以垂直于y轴的初速度v0从P点垂直射入电场中，并从A点射出，A点坐标为（‎2L，0）．已知电子的电量大小为e，质量为m，不计电子的重力．‎ ‎（1）求匀强电场的场强大小；‎ ‎（2）若在第Ⅳ象限过Q点放一张垂直于xOy平面的感光胶片，Q点的坐标为（0，-L），求感光胶片上曝光点的横坐标x．‎ 高二物理答案 一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。其中1至8题为单选题，9至12题为多选题，全选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的0分。）‎ ‎1.C 2. A 3.A 4.B 5.D 6.D 7. A 8. D 9.BCD 10. BC 11.AC 12.BD 二. 实验题（本题共2个小题，共14分。）‎ ‎13． 丙 ‎【解析】（1）螺旋测微器的读数为：主尺读数+螺旋尺读数×分度值，故读数为：（‎0.396mm～‎0.398mm均可）；（2）金属丝的电阻约为5Ω，电阻较小，选择外接法，故应采用图丙图所示电路进行实验。‎ ‎【点睛】旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；金属丝的电阻约为，电阻较小，故选择外接法。‎ ‎14． A D 0.80 5.0‎ ‎【解析】(1)因小灯泡标有“4V，2W”的字样，故电压表应选A，由I=P/U得小灯泡额定电流为‎0.5A，故电流表应选D。‎ ‎(2)因小灯泡电流从零调，故滑动变阻器应用分压式接法；因小灯泡电阻远小于电压表内阻，故电流表应用外接法。电路图如图所示：‎ ‎（3）直接在小灯泡两端加上2V的电压，由图可知，流过小灯泡的电流为‎0.40A，小灯泡的功率P=UI=0.80W；电阻为。‎ 三． 解答题（38分）‎ 15. 解：（1）A到B的过程电场力做功负功 WAB=EqL （2分）‎ 16. 代入数据解得：WAB=-1.6×10-4×2×104×5=-16J；（2分）‎ 17. ‎（2）AB两点之间的电势差UAB=EL （2分）‎ 18. 代入数据解得：UAB=-2×104×5=-1×105V．（2分）‎ 19. 答案：1.设电子经电压加速后的速度为,根据动能定理得: ,‎ 解得: ‎ ‎2.电子以速度进入偏转电场后,垂直于电场方向做匀速直线运动,沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动,‎ 设偏转电场的电场强度为,电子在偏转电场中运动的时间为电子的加速度为,离开偏转电场时的侧移量为,‎ 根据牛顿第二定律和运动学公式得: ,,,,,,‎ 解得: .‎ ‎.设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为根据运动学公式得,‎ 电子离开偏转电场后做匀速直线运动,设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为,电子打到荧光屏上的侧移量为,如下图所示 ‎,解得: ‎ 至点的距离为 ‎17. 解：（1）设匀强电场的场强大小强为E，电子在电场中运动时间为t1，‎ 沿x轴方向，有：‎2L=v0t1，‎ 沿y轴方向，有：eE=ma，L=‎ 联立解得：E=；‎ ‎（2）离开电场时，电子沿y轴方向的速度vy=at1，‎ 解得，vy=v0，‎ tanθ=‎ 由几何关系得：tanθ=‎ 解得：x=3L ‎