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  • 2021-06-01 发布

【物理】2019届二轮复习变压器远距离输电课时作业(全国通用)

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‎2019届二轮复习 变压器远距离输电 课时作业(全国通用)‎ ‎[双基过关练]‎ ‎1.[人教版选修3-2P50第3题改编]从发电站输出的功率为220 kW,输电线的总电阻为0.05 Ω,用110 V和11 kV两种电压输电.两种情况下输电线上由电阻造成的电压损失之比为(  )‎ A.100:1 B.1:100‎ C.1:10 D.10:1‎ 解析:由题意知输电线上的电流I=,则输电线的总电阻造成的电压损失ΔU=Ir= 故====,故选A.‎ 答案:A ‎2.(多选)如图所示的电路中,P为滑动变阻器的滑片,保持理想变压器的输入电压U1不变,闭合开关S,下列说法正确的是(  )‎ A.P向下滑动时,灯L变亮 B.P向下滑动时,变压器的输出电压不变 C.P向上滑动时,变压器的输入电流变小 D.P向上滑动时,变压器的输出功率变大 解析:对于理想变压器U2=U1,U1不变则U2不变,与调节P无关,故B正确.又UL=U2,所以灯的亮度不变,A错.P向上滑动时RP减小,则R总减小,P出=增大,P入=P出=U1I1,所以I1增大,可知C错误,D正确.‎ 答案:BD ‎3.如图所示为汽车的点火装置,此装置的核心是一个变压器,该变压器的原线圈通过开关连接到12 V的蓄电池上,副线圈连接到火花塞的两端,开关由机械控制,当开关由闭合变为断开时,副线圈中产生10 000 V以上的电压,火花塞中产生火花.下列说法中正确的是(  )‎ A.变压器的原线圈要用粗导线绕制,而副线圈可以用细导线绕制 B.若该点火装置的开关始终闭合,火花塞的两端会持续产生高压 C.变压器原线圈输入的12 V电压必须是交流电,否则就不能在副线圈中产生高压 D.该点火装置中变压器的副线圈匝数必须小于原线圈的匝数 解析:汽车的点火装置是利用变压器原理工作的,当开关始终闭合时,通过原线圈的电流恒定,原线圈中产生的磁场恒定,则在副线圈上不会产生电压,所以B错误;由题可知原线圈处接12 V的直流电源,当断开开关瞬间原线圈中电流迅速变化,会产生变化的磁场,则在副线圈中可能产生高压,所以C错误;由=可知,要在副线圈中产生高压,则原线圈匝数必须小于副线圈的匝数,所以D错误.故选A.‎ 答案:A ‎4.如图,一理想变压器原线圈接入一交流电源,副线圈电路中R1、R2和R3均为定值电阻,V1和V2为理想电压表,A1和A2为理想电流表.开关S闭合时,V1和V2读数分别为U1和U2;A1和A2的读数分别为I1和I2.若交流电源电压不变,现断开S,下列推断中正确的是(  )‎ A.U2可能变小、I2一定变小 B.U2一定不变、I2一定变小 C.I1一定变小、I2可能变大 D.I1可能变大、I2可能变大 解析:交流电源电压不变,U1数值不变,根据变压器变压公式可知,副线圈电压只与原线圈电压和变压器原、副线圈匝数比有关.现断开S,U2不变,副线圈所接电路的等效电阻增大,电流表A2的读数I2变小,选项A错误,B正确;变压器输出功率减小,导致变压器输入功率变小,I1变小,选项C、D错误.‎ 答案:B ‎5.‎ 某单位一小型交流发电机由匝数为50,面积为S=‎0.5 m2‎的矩形闭合导线框组成,线框可绕垂直于匀强磁场的轴OO′以角速度ω=200 rad/s匀速转动,磁场的磁感应强度大小为B= T,线框电阻不计.发电机正常工作时,从线框经过中性面开始计时,产生的交流电经一理想变压器给一个小灯泡供电,如图所示,发电机没有画出.小灯泡上标有“220 V 60 W”字样,且灯泡正常发光,图中电压表为理想交流电表,则下列说法不正确的是(  )‎ A.变压器输入电压的瞬时值为u=500sin200t (V)‎ B.电压表的示数为500 V C.变压器原、副线圈匝数比为2511‎ D.线框在中性面位置时穿过线框的磁通量为零 解析:发电机输出电压最大值Um=nBSω=500 V,变压器输入电压的瞬时值为u=500sin200t (V),A正确;变压器输入电压的有效值为U1=500 V,输出电压的有效值为U2=220 V,根据变压比公式有==,B、C正确;线框在中性面位置时穿过线框的磁通量最大,磁通量的变化率为零,D错误.‎ 答案:D ‎6.(多选)如图所示为远距离输电线路的示意图,升压变压器原线圈电压U1不变,则下列叙述正确的是(  )‎ A.输电线上的电流与用户消耗的功率无关 B.升压变压器副线圈电压U2与输电线上电流大小无关 C.当用户用电器数量增多时,输电线上发热量增大 D.当用户用电器数量减少时,降压变压器副线圈电压U4减小 解析:输电线上的电流与用户消耗的功率有关,用户消耗的功率增大,输电线上的电流增大,选项A错误;根据=可得,升压变压器副线圈电压U2‎ 与输电线上电流大小无关,选项B正确;当用户用电器数量增多时,功率增大,输电线上电流增大,输电线发热量增大,选项C正确;当用户用电器数量减少时,输电线上电流变小,输电线上的电压降变小,降压变压器原、副线圈电压U3、U4都增大,选项D错误.‎ 答案:BC ‎7.[2019·广东惠州模拟]在家庭电路中,为了安全,一般在电能表后面的电路中安装一个漏电保护器,如图所示.当漏电保护器的e、f两端没有电压时,脱扣开关S能始终保持接通;当e、f两端一旦有电压时,脱扣开关会立即自动断开,以起到保护作用.关于这个电路的工作原理,下列说法中正确的是(  )‎ A.当站在绝缘物上的人双手分别接触b和d线时,脱扣开关会自动断开 B.当用户家的电流超过一定值时,脱扣开关会自动断开 C.当火线和零线之间电压太高时,脱扣开关会自动断开 D.当站在地面上的人触及b线时,脱扣开关会自动断开 解析:火线中的电流与零线中的电流相等时,则说明没有漏电,e、f间无感应电动势,脱扣开关不会断开,当两电流突然不相等时,e、f间产生感应电动势,该开关就会断开.当站在绝缘物上的人双手分别接触b和d线时,人相当于一个用电器,火线与零线的电流同时增大,脱扣开关不会自动断开,选项A错误;当电路中的电流超过一定值时或者电压太高时,只要火线与零线中的电流相等,脱扣开关就不会自动断开,选项B、C错误;当站在地面上的人触及b线时,有一部分的电流会通过人体流入大地,火线和零线中的电流不相等,发生漏电现象,则脱扣开关会自动断开,选项D正确.‎ 答案:D ‎8.‎ ‎[2019·山西太原模拟](多选)某50‎ ‎ Hz的钳形电流表的工作原理如图所示.当通有交流电的导线从环形铁芯的中间穿过时,与绕在铁芯上的线圈相连的电流表指针会发生偏转.不考虑铁芯的漏磁及各种能量损耗,已知n2=1 000匝,当用该表测50 Hz的交流电时,下列说法正确的是(  )‎ A.电流表G中通过的是交流电 B.若G中通过的电流为50 mA,则导线中的被测电流为‎50 A C.若导线中通过的是‎10 A的矩形脉冲交流电,G中通过的电流是10 mA D.若用该表测量400 Hz的电流时,测量值比真实值偏小 解析:图中导线与线圈构成变压器,变压器只改变交流电的电压,不改变交流电的频率,电流表G中通过的仍是交流电,A正确;根据=,I1=I2=×‎0.05 A=‎50 A,B正确;若导线中通过的是‎10 A的矩形脉冲交流电,当电流方向不发生改变的阶段,电流大小不变,副线圈中无感应电流,则G中通过的电流小于10 mA,C错误;根据有效值的计算和变压器原理,改变交流电的频率,不影响测量值的准确性,D错误.‎ 答案:AB ‎9.如图所示,一理想变压器原、副线圈匝数比n1:n2=5:1,其原线圈接一交流电源,电压u=220sin100πt (V),副线圈接一电动机,电阻为11 Ω.若电流表A2示数为‎1 A,电表对电路的影响忽略不计,则(  )‎ A.交流电的频率为100 Hz B.电动机输出功率为33 W C.电流表A1示数为‎5 A D.变压器原线圈的输入功率为33 W 解析:由ω=100π=2πf,解得f=50 Hz,A错误;由=解得副线圈两端的电压U2=44 V,电动机的输出功率P出=U2I2-IR=33 W,B正确;由=,解得I1=‎0.2 A,C错误;变压器原线圈的输入功率P=U1I1=220×0.2 W=44 W,D错误.‎ 答案:B ‎10.如图所示,某小型水电站的发电机输出电压为220 V,正常情况下输出的总功率P0=8.8×104‎ ‎ W,为了减少远距离输电过程中的电能损失,往往采用高压输电.输送电压为u=1 100sin200πt V,输电导线的总电阻为r=5 Ω,现要使额定电压为220 V的用电器正常工作,下列说法正确的是(  )‎ A.输电线上的电流为‎220 A B.降压变压器原、副线圈匝数比= C.用电器的额定功率P=5.6×104 W D.用电器上的交流电的频率是50 Hz 解析:由交流电瞬时值表达式u=1 100sin200πt V,可得交流电频率为100 Hz,电压有效值为U2=1 100 V,输电线上的电流I==‎80 A,故A错误;降压变压器的输入电压U3=U2-Ir=700 V,降压变压器原、副线圈匝数比==,故B错误;用电器的额定功率P=P0-I2r=5.6×104 W,故C正确;变压器不改变交流电的频率,所以用电器上的交流电的频率是100 Hz,故D错误.‎ 答案:C ‎[技能提升练]‎ ‎11.[2019·领航高考冲刺卷](多选)如图所示,理想变压器原、副线圈上接有四个完全相同的灯泡,若四个灯泡恰好都能正常发光,则下列说法正确的是(  )‎ A.U1:U2=3:4‎ B.U1:U2=4:3‎ C.若将L1短路,则副线圈的三个灯泡仍然正常发光 D.若将L2短路,则副线圈的两个灯泡两端的电压变为额定电压的倍 解析:设灯泡的额定电压为U,额定电流为I,则副线圈电压为3U,电流为I,原线圈的灯泡正常发光,电流也为I ‎,所以原、副线圈的匝数比为1:1,原线圈两端电压为3U,所以U1:U2=4:3,选项A错误、B正确;若将L1短路,则原线圈的电压增大,则副线圈两端电压也增大,三个灯泡不能正常发光,选项C错误;若将L2短路,设副线圈的电流为I′,原线圈的电流也为I′,因此2I′R+I′R=U1=4U,则I′R=U,即副线圈的每个灯泡两端的电压变为额定电压的,选项D正确.‎ 答案:BD ‎12.如图甲所示,理想变压器原、副线圈匝数比n1:n2=2:1,电压表和电流表均为理想电表,二极管为理想二极管,灯泡电阻R=55 Ω,原线圈两端加如图乙所示的电压,下列说法正确的是(  )‎ A.电流表的读数为 A B.电压表的读数为110 V C.灯泡L的功率为440 W D.副线圈两端电压为110 V 解析:根据图乙可得原线圈两端电压的有效值为U1=220 V,根据公式=可得副线圈两端电压的有效值为110 V,D错误;因为二极管为理想二极管,所以二极管正向导通时的电流为I2= A=‎2 A,设电流表的示数为I,则有I2RT=IR·,得I= A,A正确;电压表的示数为U=IR=55 V,B错误;灯泡L的功率为P=I2R=110 W,C错误.‎ 答案:A ‎13.某理想自耦变压器接入电路中的示意图如图甲所示,图乙是其输入电压u的变化规律.已知滑动触头在图示位置时原、副线圈的匝数比为n1:n2=10:1,电阻R=22 Ω.下列说法正确的是(  )‎ A.通过R的交流电的频率为100 Hz B.电流表A2的示数为 A C.此时变压器的输入功率为22 W D.将P沿逆时针方向移动一些,电流表A1的示数变小 解析:由图乙可知,该交流电的周期为T=0.02 s,其频率为f== Hz=50 Hz,故A项错误;由题图得知输入电压的最大值为Um=220 V,所以有效值为U=220 V,则副线圈两端的电压为U′=U×=220 V×=22 V,所以通过电阻的电流(即为电流表A2的示数)为I===‎1 A,故B项错误;变压器的输出功率为P′=U′I=22 V×‎1 A=22 W,理想变压器的输入功率等于输出功率,所以有P=P′=22 W,故C项正确;将P沿逆时针方向移动一些,变压器的副线圈匝数变大,输出电压变大,输出功率变大,所以输入功率也变大,故电流表A1的示数将变大,故D项错误.‎ 答案:C ‎14.[2019·重庆七校模拟]如图所示,有一矩形线框的面积为S,匝数为N,内阻不计,绕OO′轴在一磁感应强度大小为B、方向水平的匀强磁场中以角速度ω匀速转动,从图示位置开始计时,矩形线框通过滑环接一理想变压器,滑动触头P上下移动时可改变副线圈的输出电压,副线圈接有可调电阻R,电表均为理想电表,下列判断正确的是(  )‎ A.矩形线框产生的感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωsinωt B.线框在图示位置时产生的感应电动势最大,通过的磁通量也最大 C.当P位置不动、R减小时,电压表的示数增大 D.当P位置向上移动、R不变时,电流表的示数增大 解析:因为线框在图示位置时产生的感应电动势最大,所以从该位置开始计时,矩形线框产生的感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωt,选项A错误;线框在图示位置时产生的感应电动势最大,通过的磁通量为零,选项B错误;因电压表的示数为电动势的有效值,与P的位置、R的阻值大小无关,故电动势不变,电压表的示数不变,选项C错误;根据理想变压器变压规律=,可知副线圈的输出电压U2=U1,当P位置向上移动、R不变时,因n1减小,U2会增大,输出电流和输出功率均增大,由理想变压器的输入功率等于输出功率可知,输入功率增大,输入电流增大,电流表的示数增大,选项D正确.‎ 答案:D

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