黑龙江省大庆市铁人中学2020学年高二物理上学期期中试题（含解析） 16页

铁人中学2020级高二学年上学期期中考试物理试题 ‎ 一、选择题 ‎1.一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q随时间t变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为( )‎ A. U B. R C. U/R D. 1/R ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】根据电流强度的定义公式；可知q-t图象的斜率代表的就是电流；根据欧姆定律，有：I=U/R，故斜率也代表电流。故C正确，ABD错误;故选C。‎ ‎2.如图所示，大小可以不计的带有同种电荷的小球A和B互相排斥，静止时两球位于同一水平面上，绝缘细线与竖直方向的夹角分别为α和β，且α < β，由此可知( )‎ A. B球带电荷量较多 B. B球质量较大 C. A球带电荷量较多 D. 使两球接触后，再静止下来，两绝缘线与竖直方向的夹角变为α′、β′，则仍有α ′< β′‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】根据AB受到的库仑力FC，属于相互作用力，与各自电量大小无关，故AC错误；对小球A、B受力分析，根据平衡条件有：；；因α＜β，所以mA＞mB，故B错误。两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α′、β′，对小球A、B受力分析，根据平衡条件有：；；因为mA＞mB，所以α′＜β′．故D正确。故选D。‎ ‎【点睛】本题考查物体的平衡，较好的考查了学生综合应用知识的能力，是一道考查能力的好题。比较一个物理量时，应先运用物理规律表示出这个物理量再进行比较。‎ ‎3.A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度-时间图象如图甲所示。则这一电场可能是下图中的( )‎ 甲 A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，从A到B电场线越来越密集，受力方向与运动方向相反。故图像A中的电场线符合题意，故选A。‎ ‎【点睛】本题考查了速度--时间图象的应用和电场线的相关知识，要明确斜率的含义，要能根据图象判断物体的运动情况，进而分析受力情况。能根据电场线的分布判断电场强度的大小。‎ ‎4.利用静电计研究平行板电容器的电容与哪些因素有关的实验装置如图所示，则下面哪些叙述符合实验中观察到的结果( )‎ A. 左板向左平移，静电计指针偏角变小 B. 左板向上平移，静电计指针偏角变小 C. 保持两板不动，在两板间插入一块绝缘介质板，静电计指针偏角变小 D. 保持两板不动，在两板间插入一块金属板，静电计指针偏角变大 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】将左板向左平移，板间距离变大，根据，电容器电容C减小，而电容器的电量Q不变，由C=Q/U分析可知，电容器两板间电势差变大，则静电计指针偏角变大。故A错误。将左板向上平移，两板正对面积减小，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由C=Q/U分析可知，电容器两板间电势差增大，则静电计指针偏角变大。故B错误。在两板之间插入一块绝缘介质板，电容增大，而电容器的电量Q不变，由C=Q/U分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指针偏角变小。故C正确。保持两板不动，在两板间插入一块金属板，则板间距相当于减小，电容变大，根据C=Q/U可知两板电势差减小，则静电计指针偏角变小，选项D错误；故选C。‎ ‎【点睛】本题是电容器动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是电容与哪些因素有什么关系，记住两个公式和C=Q/U．‎ ‎5.如图所示，在光滑绝缘水平面上有三个孤立的点电荷Q1、Q、Q2 ；Q恰好静止不动，Q1、Q2围绕Q做匀速圆周运动，在运动过程中三个点电荷始终共线。已知Q1、Q2分别与Q相距r1、r2，不计点电荷间的万有引力，下列说法正确的是( )‎ A. Q1、Q可能带同种电荷 B. Q1、Q2可能带异种电荷 C. Q1、Q2的电荷量之比为()2 D. Q1、Q2的质量之比为 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】若Q1、Q带同种电荷，则由于Q静止不动，可知Q2和Q也带同种电荷，则Q1和Q2不可能绕Q做匀速圆周运动，选项A错误；若Q1、Q2带异种电荷，则两点荷对Q的作用力是同方向的，电荷Q不可能静止，选项B错误；点电荷Q恰好静止不动，因此根据库仑定律，则有：，所以Q1、Q2的电荷量之比为，故C错误。对Q1、Q2：它们间的库仑引力提供向心力，则有：m1ω2r1=m2ω2r2，所以Q1、Q2的质量之比为，故D正确，故选D。‎ ‎【点睛】考查库仑定律的应用，掌握匀速圆周运动的基本知识，本题类似于双星问题，关键抓住条件：周期相同．‎ ‎6.真空中相距为3a的两个点电荷M、N，分别固定于x轴上x1=0和x2=3a的两点上，在它们连线上各点场强E随x变化的关系如图所示，以下判断中正确的是( )‎ A. 点电荷M的电荷量小于点电荷N的电荷量。‎ B. 点电荷M、N一定为同种电荷 C. x=2a处的电势一定为零 D. 将一检验电荷+q从x=1.5a处沿x轴移到x=2.5a处的过程中，电势能一直减小 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】若两电荷为异种电荷，在x=2a处，电场强度不可能为0，故两电荷为同种电荷，故B正确；根据点电荷的电场强度公式可得： ，所以：qM：qN，=4：1，故A错误；x=2a处电场强度为0，但是电势是一个相对性的概念，即零电势的选择是任意的，人为的，故x=2a处的电势可以为零，也可以不为零，故C错误；在0到2a区间，电场强度为正，正电荷受力向右，所以+q从x=1.5a处沿x轴移到x=2a处的过程中，电场力做正功，电势能减小；同理，在2a到3a区间，电场强度为负，正电荷受力向左，所以+q从x=2a处沿x轴移到x=2.5a处的过程中，电场力做负功，电势能增加，故D错误。故选B。‎ ‎【点睛】解决本题的关键根据两点电荷连线之间某点的电场强度为0，而知道两点电荷为同种电荷，以及知道电势是一个相对性的概念，与零电势的选择有关．‎ ‎7.某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是( )‎ A. 加5 V电压时，导体的电阻大于5 Ω B. 加12V电压时，导体的电阻等于8Ω C. 由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小 D. 由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】加5V的电压时，电流为1.0A，则由欧姆定律可知：‎ ‎；故A错误；加12V的电压时，电流约为1.5A，则可得电阻为：；故B正确；由图可知，随电压的增大，图象的斜率减小，则可知导体的电阻越来越大，故C错误；随着电压的减小，导体的电阻减小；故D正确；故选BD。‎ ‎8.如图所示电路，将两个相同的电流表分别改装成A1（0-3 A）和A2（0-0.6 A）的电流表，把两个电流表并联接入电路中测量电流.则下列说法中正确的是( )‎ A. A1的指针半偏时，A2的指针也半偏 B. A1的指针还没有满偏，A2的指针已经满偏 C. A1的读数为1 A时，A2的读数为0.6 A D. A1的读数为1 A时，干路中的电流I为1.2 A ‎【答案】AD ‎【解析】‎ 试题分析：电流表是由电流计并联一个电阻改装而成，两电流表并联，两电流表两端电压相等，流过两表头的电流相等，所以A1的指针半偏时，A2的指针也半偏，故A正确，B错误．两电流表量程之比为5：1，两电流表的内阻之比为1：5，则通过电流表的电流之比为5：1．A1的读数为1A时，A2的读数为0.2A，干路中的电流为1.2A，故C错误，D正确；故选：AD．‎ 考点：电表的改装；串并联电阻的特点。‎ ‎9.如图所示，水平虚线上有两个等量异种点电荷A、B， M、N、O是AB的垂线上两点，且AO＞OB，2ON＝OM。一个带正电的试探电荷在空间中运动的轨迹如图中实线所示，设M、N两点的场强大小分别EM、EN，电势分别为φM、φN，则下列判断正确的是( )‎ A. A点电荷一定带正电 B. EM小于EN，φM小于φN C. 试探电荷在M处的电势能大于N处的电势能 D. UMN＝UNO ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】根据做曲线运动的物体受到的合力指向轨迹弯曲方向，可知正电荷受到的电场力的方向是斜向右下方的，所以B电荷为负电荷，A点电荷一定为正电荷，故A正确；‎ 根据等量异种电荷周围的电场线知，N点的电场线比M点的电场线密，则EM一定小于EN；正电荷在从M到N点的过程中，离负电荷的距离减小，电场力做正功，电势能减小，所以正电荷在M点的电势能较大；因为正电荷在M点的电势能大于在N点的电势能，则M点的电势一定大于N点的电势。故B错误，C正确；由于NO部分场强较强，又因为MN=NO，在相同距离上场强大的地方，电势差较大，所以UNO≠UMN，所以D错误；故选AC。‎ ‎【点睛】本题要求学生了解等量异种电荷的电场线及电场特点，并判定电荷在运动过程中受力情况，判断电场受力及电荷能量变化。‎ ‎10.在如图所示的电路中有两个电阻不能忽略的电流表A1、A2，其中电流表A1接在干路中，电流表A2与定值电阻R1串联后，接入如图的电源两端，其中电流表A1的读数为5A，电流表A2的读数为3A。如果将A2与定值电阻R2串联，且两电流表均能正常工作。则下列说法正确的是( )‎ A. 流过定值电阻R1的电流一定变小 B. A1表的读数一定变大 C. 流过定值电阻R2的电流一定变小 D. A2表的读数一定变大 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】电流表A2与定值电阻R1串联后，电流表A1的读数为5A，电流表A2的读数为3A，可知通过R2的电流为2A；可知，即R1