物理·建省莆田二十五中2016-2017学年高二上学期期中物理试卷+Word版含解析 23页

‎2016-2017学年福建省莆田二十五中高二（上）期中物理试卷 ‎　‎ 一、选择题（每小题只有一个正确选项48分）‎ ‎1．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎2．由电场强度的定义式E= 可知，在电场中的同一点（　　）‎ A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比 B．无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变 C．电荷在电场中某点所受的电场力大，该点的电场强度强 D．一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零 ‎3．关于电流，以下说法正确的是（　　）‎ A．通过截面的电荷数量就是电流的大小 B．电流的方向就是电荷定向移动的方向 C．在导体中，只要自由电荷在运动，就一定会形成电流 D．导体两端没有电压就不能形成电流 ‎4．一段粗细均匀的电阻丝，横截面的直径为d，电阻为R．把它拉成直径为的均匀细丝后，它的电阻变成（　　）‎ A．100R B．10 000R C． D．‎ ‎5．如图为某匀强电场的等势面分布图（等势面竖直分布），已知每两个相邻等势面相距2cm，则该匀强电场的电场强度大小和方向分别为（　　）‎ A．E=100V/m，竖直向下 B．E=100V/m，竖直向上 C．E=100V/m，水平向左 D．E=100V/m，水平向右 ‎6．对于电容C=，以下说法不正确的是（　　）‎ A．一只电容充电荷量越大，电容就越大 B．对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变 C．可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比 D．如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量，也就没有电容 ‎7．一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点时，电场力做了5×10﹣6J的功，那么（　　）‎ A．电荷在B处时将具有5×10﹣6J的电势能 B．电荷在B处将具有5×10﹣6J的动能 C．电荷的电势能减小了5×10﹣6J D．电荷的动能减小了5×10﹣6J ‎8．如图，M、N两点分别在点电荷﹣Q的周围两等势面上，则（　　）‎ A．M点的场强较N大 B．M点电势较N低 C．正电荷从M点移至N点时，其电势能减少 D．要比较M、N哪一点电势高，与零电势的选择有关 ‎9．如图所示电路，电源电压不变，已知：电阻R1的电阻值为1Ω，电阻R2的阻值为3Ω，则电流表1和电流表2的示数比为（　　）‎ A．3：1 B．1：3 C．1：4 D．4：1‎ ‎10．在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（　　）‎ A．E1＞E2，r1＞r2 B．E1＞E2，r1＜r2 C．E1＜E2，r1＞r2 D．E1＜E2，r1＜r2‎ ‎11．下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中不正确的是（　　）‎ A．电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多 B．W=UIt适用于任何电路，而W=I2Rt=t只适用于纯电阻的电路 C．在不是纯电阻的电路中，UI＞I2R D．焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路 ‎12．一个直流电动机所加电压为U，电流为 I，线圈内阻为 R，当它工作时，下述说法中错误的是（　　）‎ A．电动机的输出功率为IU﹣I2R B．电动机的发热功率为I2R C．电动机的输出功率为 D．电动机的功率IU ‎13．如图所示MN是电场中的一条电场线，以下说法正确的是（　　）‎ A．a点的场强一定比b点的场强大 B．a点的场强一定和b点的场强相等 C．a点的电势一定比b点的电势高 D．b点的电势可能比a点的电势高 ‎14．如图所示，Q是带正电的点电荷，P1和P2为其电场中的两点．若E1、E2为P1、P2两点的电场强度的大小，φ1、φ2为P1、P2两点的电势，则（　　）‎ A．E1＞E2，φ1＞φ2 B．E1＞E2，φ1＜φ2 C．E1＜E2，φ1＞φ2 D．E1＜E2，φ1＜φ2‎ ‎15．某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为EP和EQ，电势分别为φP和φQ，则（　　）‎ A．EP＞EQ，φP＞φQ B．EP＞EQ，φP＜φQ C．EP＜EQ，φP＞φQ D．EP＜EQ，φP＜φQj ‎16．如图所示，M、N两点分别放置两个等量异种电荷，A为它们连线的中点，B为连线上靠近N的一点，C为连线的中垂线上处于A点上方的一点，在A、B、C三点中（　　）‎ A．场强最小的点是A点，电势最高的点是B点 B．场强最小的点是A点，电势最高的点是C点 C．场强最小的点是C点，电势最高的点是B点 D．场强最小的点是C点，电势最高的点是A点 ‎　‎ 二、多项选择题（每小题不止一个正确选项12分）‎ ‎17．如图所示是电场中某一条电场线，下列说法中正确的是（　　）‎ A．A、B两点电场方向相同 B．A、B两点电场大小关系是EA＞EB C．电场线是直线，则EA=EB D．不知附近的电场线分布，EA、EB的大小不确定 ‎18．如图，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，则下列结论正确的是（　　）‎ A．此液滴带负电 B．液滴的加速度等于g C．合外力对液滴做的总功等于零 D．液滴的电势能减少 ‎19．如图所示，电源电动势为E，内电阻为r．当滑动变阻器R的滑片P从右端滑到左端时，发现电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为△U1和△U2，下列说法中正确的是（　　）‎ A．小灯泡L1、L3变暗，L2变亮 B．小灯泡L3变暗，L1、L2变亮 C．△U1＞△U2 D．△U1＜△U2‎ ‎20．关于电场中电荷的电势能的大小，下列说法正确的是（　　）‎ A．在电场强度越大的地方，电荷的电势能也越大 B．正电荷沿电场线移动，电势能一定增大 C．负电荷沿电场线移动，电势能一定增大 D．正电荷沿电场线移动，电势能一定减小 ‎　‎ 三、填空题（每空3分，共24分）‎ ‎21．如图所示，将一个电流表G和另一个电阻连接可以改装成伏特表或安培表，则甲图对应的是　　表，要使它的量程加大，应使R1　　（填“增大”或“减小”）；乙图是　　表，要使它的量程加大，应使R2　　（填“增大”或“减小”）．‎ ‎22．有一根细长而均匀的金属材料样品电阻约为50Ω，其电阻率为ρ，请设计一个实验方案横截面积S．‎ 供选用的器材有：‎ A．蓄电池（3V，0.05Ω）‎ B．毫米刻度尺 C．电流表 D．电流表（3A，约为0.1Ω）‎ E．电压表（3V，约为6KΩ）‎ F．滑动变阻器（2KΩ，0.5A）‎ G．滑动变阻器（10Ω，2A）‎ ‎（1）除待测金属材料、开关、带夹子的导线若干外，还应选用实验器材有_　　（只填代号字母）‎ ‎（2）在虚结框中，画出设计方案的电路图；‎ ‎（3）在实物图中，把所选器材连接实际测量电路；‎ ‎（4）用已知的物理常数和测得的物理量，推导出计算金属管横截面积S的表达式．‎ ‎23．如图所示，在点电荷Q形成的电场中有A、B、C三点，若Q为正电荷，则　　点电势最高，将正电荷放在　　点时电势能最大．若Q为负电荷，则　　点电势最低，将正电荷放在　　点时电势能最小．‎ ‎24．如图所示，在带电体C的右侧有两个相互接触的金属导体A和B，均放在绝缘支座上．若先将C移走，再把A、B分开，则A　　电，B　　电．若先将A、B分开，再移走 C，则A　　电，B　　电．‎ ‎　‎ 四、计算题 ‎25．一个带负电的粒子，q=﹣2.0×10﹣9C，在静电场中由a点运动到b点，在这过程中，除电场力外，其它力作的功为6.0×10﹣5J，粒子动能增加了8.0×10﹣5J，求a、b两点间电势差Uab等于多少？‎ ‎26．如图所示的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=0.6Ω，电阻R2=0.5Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：‎ ‎（1）电阻R1和R3的阻值；‎ ‎（2）当S闭合后，电压表的示数、以及R2上消耗的电功率．‎ ‎27．如图所示，质量为m带电量为﹣q 的微粒（重力不计），在匀强电场中的A点时速度为v，方向与电场线垂直，在B点时速度大小为2v，已知A、B两点间距离为d，求：‎ ‎①A、B两点间电压？‎ ‎②电场强度大小和方向？‎ ‎28．将电量为﹣4×10﹣6C的电荷沿用一条电场线由A点移到B点克服电场力做功2.4×10﹣5J，再由B点移到C点电场力做功1.2×10﹣5J，求：‎ ‎（1）电荷从A到B电势能变化了多少？‎ ‎（2）电荷从B到C，UBC=？‎ ‎（3）若ϕB=0，则ϕA=？ϕC=？‎ ‎29．如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U长度为L的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：‎ ‎（1）电子通过B点时的速度大小；‎ ‎（2）电子射出极板时的偏转位移．‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年福建省莆田二十五中高二（上）期中物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（每小题只有一个正确选项48分）‎ ‎1．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】电荷守恒定律．‎ ‎【分析】当带电金属球靠近不带电的验电器时，由于电荷间的相互作用，而使电荷发生了移动从而使箔片带电．‎ ‎【解答】解：由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；‎ 故只有B符合条件．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎2．由电场强度的定义式E= 可知，在电场中的同一点（　　）‎ A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比 B．无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变 C．电荷在电场中某点所受的电场力大，该点的电场强度强 D．一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零 ‎【考点】电场强度．‎ ‎【分析】公式E=是电场强度的定义式，运用比值法定义，电场强度反映本身的特性，与试探电荷无关．‎ ‎【解答】解：A、C、电场强度的定义式E=，运用比值法定义，E由电场本身决定，与试探电荷所受的电场力F和电荷量q无关，所以不能说E跟F成正比，跟q成反比．故AC错误．‎ B、电场中同一点电场强度是一定的，与试探电荷无关，则在电场中的同一点，无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变．故B正确．‎ D、一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，该点的场强可能为零，也可能不为零，故D错误．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎3．关于电流，以下说法正确的是（　　）‎ A．通过截面的电荷数量就是电流的大小 B．电流的方向就是电荷定向移动的方向 C．在导体中，只要自由电荷在运动，就一定会形成电流 D．导体两端没有电压就不能形成电流 ‎【考点】电流、电压概念．‎ ‎【分析】电流等于单位时间内通过导体截面的电量．电流的方向是正电荷定向移动的方向．在导体中，只有自由电荷在运动，不一定会形成电流．导体两端存在电压时才能形成电流．‎ ‎【解答】解：‎ A、根据电流的定义式I=得知，电流等于单位时间内通过导体截面的电量．故A错误．‎ B、电流的方向是正电荷定向移动的方向，与负电荷定向移动的方向相反．故B错误．‎ C、在导体中，自由电荷只有产生定向运动，才会形成电流，而自由电荷做无规则热运动时，不能形成电流．故C错误．‎ D、导体中要形成电流导体两端必须存在电压，导体两端没有电压就不能形成电流．故D正确．‎ 故选D ‎　‎ ‎4．一段粗细均匀的电阻丝，横截面的直径为d，电阻为R．把它拉成直径为的均匀细丝后，它的电阻变成（　　）‎ A．100R B．10 000R C． D．‎ ‎【考点】电阻定律．‎ ‎【分析】横截面直径为d电阻丝拉制成直径为的均匀细丝后，公式S=πd2得知，横截面积变为原来的，而电阻丝的体积不变，则长度变为原来的100倍，由电阻定律R=ρ分析电阻的变化．‎ ‎【解答】解：由面积公式可得：‎ S=πd2‎ 因d′=‎ 则可知，截面积S′=‎ 根据体积公式可得：V′=L′S′=LS 则有：L′=100L 由电阻定律R=ρ R′=ρ=ρ=10000R；故B正确，ACD错误．‎ 故选：B ‎　‎ ‎5．如图为某匀强电场的等势面分布图（等势面竖直分布），已知每两个相邻等势面相距2cm，则该匀强电场的电场强度大小和方向分别为（　　）‎ A．E=100V/m，竖直向下 B．E=100V/m，竖直向上 C．E=100V/m，水平向左 D．E=100V/m，水平向右 ‎【考点】等势面；电场强度．‎ ‎【分析】电场线总是与等势面垂直，而且由高电势指向低电势．根据匀强电场场强与电势差的关系E=求出电场强度的大小．‎ ‎【解答】解：根据电场线总是与等势面垂直，而且由高电势指向低电势，可知，电场强度方向水平向左．‎ 两个相邻等势面相距d=2cm，电势差U=2V，则电场强度E==．‎ 故选C ‎　‎ ‎6．对于电容C=，以下说法不正确的是（　　）‎ A．一只电容充电荷量越大，电容就越大 B．对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变 C．可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比 D．如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量，也就没有电容 ‎【考点】电容．‎ ‎【分析】电容的定义式C=，C与电容器的电压和电量无关，由电容器本身的特性决定，对于固定电容器，C保持不变．‎ ‎【解答】解：A、一只电容充电荷量越大，电压越大，但电容不变．故A错误．‎ ‎ B、电容器所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值等于电容，对于固定电容器，保持不变．故B正确．‎ ‎ C、可变电容器的充电荷量随着加在两极间的电压增大而增大，不是成正比，更不成反比．故C错误．‎ ‎ D、电容表征电容器容纳电荷的本领大小，与电量、电压无关，电容器没有电压和电荷量，也有电容．故D错误．‎ 本题选择错误的，故选：ACD ‎　‎ ‎7．一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点时，电场力做了5×10﹣6J的功，那么（　　）‎ A．电荷在B处时将具有5×10﹣6J的电势能 B．电荷在B处将具有5×10﹣6J的动能 C．电荷的电势能减小了5×10﹣6J D．电荷的动能减小了5×10﹣6J ‎【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．‎ ‎【分析】根据动能定理判断动能的变化量，结合电场力做功与电势能的关系判断电势能的变化．‎ ‎【解答】解：一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点时，电场力做了5×10﹣6J的功，根据动能定理知，动能增加了5×10﹣6J，由于A处的动能位置，无法确定B处的动能．‎ 根据电场力做功与电势能的关系知，电势能减小了5×10﹣6J，由于A处的电势能未知，则无法确定在B处的电势能．故C正确，A、B、D错误．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎8．如图，M、N两点分别在点电荷﹣Q的周围两等势面上，则（　　）‎ A．M点的场强较N大 B．M点电势较N低 C．正电荷从M点移至N点时，其电势能减少 D．要比较M、N哪一点电势高，与零电势的选择有关 ‎【考点】电势差；电势．‎ ‎【分析】先明确点电荷的电场的特点，明确负电荷周围的电场线的方向；由沿着电场线方向，电势是降低的，要确定电势的高低；根据电场力做功的正负来确定电势能变化，电势的大小与零电势的选取有关，而电势差与零电势的选取无关，从而即可求解．‎ ‎【解答】解：A、根据点电荷的电场的特点可知，距离点电荷近处的电场强，则有M点的场强较N点小，故A错误；‎ B、由题意可知，负点电荷电场线是会聚的，根据沿着电场线的方向，电势是降低的，则M点电势较N高，故B错误；‎ C、正电荷从M点移至N点时，电场力做正功，则其电势能减少，故C正确；‎ D、比较M、N哪一点电势高，即为两点的电势差，与零电势的选择无关，故D错误；‎ 故选：C ‎　‎ ‎9．如图所示电路，电源电压不变，已知：电阻R1的电阻值为1Ω，电阻R2的阻值为3Ω，则电流表1和电流表2的示数比为（　　）‎ A．3：1 B．1：3 C．1：4 D．4：1‎ ‎【考点】闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】由电路图知：两电阻并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测电阻R2所在支路电流；由并联电路特点求出流过电阻的电流之比，可得电流表示数之比 ‎【解答】解：电阻R1的电阻值为1Ω，电阻R2的阻值为3Ω，两电阻并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测电阻R2所在支路电流，由并联电路特点得，通过R1的电流为通过R2电流的3倍，故A1示数为A2示数的4倍，则电流表 1 和电流表 2 的示数比为4：1，‎ 故选D ‎　‎ ‎10．在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（　　）‎ A．E1＞E2，r1＞r2 B．E1＞E2，r1＜r2 C．E1＜E2，r1＞r2 D．E1＜E2，r1＜r2‎ ‎【考点】测定电源的电动势和内阻．‎ ‎【分析】该实验中作出的是路端电压随电流的变化而变化的关系，结合闭合电路欧姆定律及图象知识可得出电动势及内电阻．‎ ‎【解答】解：当外电阻无穷大时，路端电压等于电源的电动势，故U﹣I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，由图可知，2的电动势较大；‎ U=E﹣Ir可知图象中的斜率表示电源的内阻，2的斜率较大，故2的内阻较大，故D正确，ABC错误； ‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎11．下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中不正确的是（　　）‎ A．电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多 B．W=UIt适用于任何电路，而W=I2Rt=t只适用于纯电阻的电路 C．在不是纯电阻的电路中，UI＞I2R D．焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路 ‎【考点】电功、电功率；焦耳定律．‎ ‎【分析】电功为电流做功的总量，电功率为单位时间的电流做功值；焦耳定律描述的是电流通过电阻的发热功率．‎ ‎【解答】解：A、电功率越大，电流做功越快，但不一定转化的热量大．故A错误 ‎ B、W=UIt适用于任何电路，而W=I2Rt=t只适用于纯电阻的电路，说法准确．故B正确 ‎ C、在非纯电阻电路中，总电功大于电热故UI＞I2R．故C正确 ‎ D、任何电路中求焦耳热要用Q=I2Rt．故D 正确 本题选错误的 故选：A ‎　‎ ‎12．一个直流电动机所加电压为U，电流为 I，线圈内阻为 R，当它工作时，下述说法中错误的是（　　）‎ A．电动机的输出功率为IU﹣I2R B．电动机的发热功率为I2R C．电动机的输出功率为 D．电动机的功率IU ‎【考点】电功、电功率．‎ ‎【分析】电动机工作时，输入功率P=UI，内部消耗的功率为P热=I2R，输出功率P出=P﹣P热．‎ ‎【解答】解：A、电动机的输出功率P出=P﹣P热=UI﹣I2R，故A正确；‎ B、电动机的发热功率，根据焦耳定律，P热=I2R．故B正确．‎ C、电动机的总功率为P=UI，由于是非纯电阻电路，故I≠，故P≠，故C错误．‎ D、电动机的总功率为P=UI，故D正确．‎ 本题选择错误的，故选：C ‎　‎ ‎13．如图所示MN是电场中的一条电场线，以下说法正确的是（　　）‎ A．a点的场强一定比b点的场强大 B．a点的场强一定和b点的场强相等 C．a点的电势一定比b点的电势高 D．b点的电势可能比a点的电势高 ‎【考点】电场强度；电场线；电势．‎ ‎【分析】一条电场线无法判断电场线的分布情况，则无法比较场强的大小．顺着电场线，电势总是降低．‎ ‎【解答】解：A、B电场线的疏密表示场强的大小，而一条电场线无法判断电场线的分布情况，又不知道是何种电荷产生的电场，则无法比较场强的大小．故AB均错误．‎ C、D顺着电场线，电势总是降低，则a点的电势一定比b点的电势高．故C正确，D错误．‎ 故选C ‎　‎ ‎14．如图所示，Q是带正电的点电荷，P1和P2为其电场中的两点．若E1、E2为P1、P2两点的电场强度的大小，φ1、φ2为P1、P2两点的电势，则（　　）‎ A．E1＞E2，φ1＞φ2 B．E1＞E2，φ1＜φ2 C．E1＜E2，φ1＞φ2 D．E1＜E2，φ1＜φ2‎ ‎【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．‎ ‎【分析】Q是带正电的点电荷，电场线从Q出发到无穷远终止．顺着电场线电势降低．由公式E=k，分析场强的大小．‎ ‎【解答】解：由公式E=k分析可知，r1＜r2，则场强E1＞E2．‎ 电场线方向由P1指向P2，顺着电场线的方向电势降低，则电势φ1＞φ2．故A正确、BCD错误．‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎15．某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为EP和EQ，电势分别为φP和φQ，则（　　）‎ A．EP＞EQ，φP＞φQ B．EP＞EQ，φP＜φQ C．EP＜EQ，φP＞φQ D．EP＜EQ，φP＜φQj ‎【考点】电场线；电场强度；电势．‎ ‎【分析】根据P、Q两点处电场线的疏密比较电场强度的大小．根据沿电场线的方向电势降低．‎ ‎【解答】解：由图P点电场线密，电场强度大，EP＞EQ，．沿电场线的方向电势降低，φP＞φQ．‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎16．如图所示，M、N两点分别放置两个等量异种电荷，A为它们连线的中点，B为连线上靠近N的一点，C为连线的中垂线上处于A点上方的一点，在A、B、C三点中（　　）‎ A．场强最小的点是A点，电势最高的点是B点 B．场强最小的点是A点，电势最高的点是C点 C．场强最小的点是C点，电势最高的点是B点 D．场强最小的点是C点，电势最高的点是A点 ‎【考点】电势；电场强度．‎ ‎【分析】根据等量异种电荷电场线的分布去比较场强的大小，以及电势的高低．沿着电场线方向电势降低．‎ ‎【解答】解：根据等量异种电荷电场线的分布，知道EB＞EA＞EC，场强最小的是C点．等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，知ΦA=ΦC，沿着电场线方向电势逐渐降低，异种电荷间的电场线由正电荷指向负电荷，知ΦB＞ΦA，所以电势最高点是B点．故A、B、D错误，C正确．‎ 故选C．‎ ‎　‎ 二、多项选择题（每小题不止一个正确选项12分）‎ ‎17．如图所示是电场中某一条电场线，下列说法中正确的是（　　）‎ A．A、B两点电场方向相同 B．A、B两点电场大小关系是EA＞EB C．电场线是直线，则EA=EB D．不知附近的电场线分布，EA、EB的大小不确定 ‎【考点】电场线；电场强度．‎ ‎【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向，据此可正确解答．‎ ‎【解答】解：A、电场线某点的切线方向表示电场强度的方向，所以两点的场强方向相同，故A正确；‎ BCD、电场线的疏密表示电场强度的强弱，但此题只有一条电场线，所以无法判断AB两点场强的大小，故BC错误，D正确．‎ 故选：AD．‎ ‎　‎ ‎18．如图，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，则下列结论正确的是（　　）‎ A．此液滴带负电 B．液滴的加速度等于g C．合外力对液滴做的总功等于零 D．液滴的电势能减少 ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．‎ ‎【分析】带电液滴沿bd作直线运动，可知带电液滴所受的重力与电场力的合力一定在bd线上，判断出电场力方向，即可确定出带电液滴所带电荷的性质，求出电场力的大小与合外力的大小，再根据牛顿第二定律计算出物体的加速度；根据合外力的方向与速度的方向相同可知合外力做正功，根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况．‎ ‎【解答】解：A、带电液滴沿bd作直线运动，所受的合力方向必定沿bd直线，对液滴进行受力分析，其受力情况如图所示，电场力方向水平向右，与电场方向相反，所以此液滴带负电，故A正确．‎ B、由图知液滴所受的合力 F=mg，做匀加速直线运动，其加速度为 a==d，故B正确．‎ C、因为合力的方向与运动的方向相同，故合外力对物体做正功，故C错误．‎ D、由于电场力所做的功W电=Eqxbdcos45°＞0，故电场力对液滴做正功，液滴的电势能减小，故D正确．‎ 故选：ABD．‎ ‎　‎ ‎19．如图所示，电源电动势为E，内电阻为r．当滑动变阻器R的滑片P从右端滑到左端时，发现电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为△U1和△U2，下列说法中正确的是（　　）‎ A．小灯泡L1、L3变暗，L2变亮 B．小灯泡L3变暗，L1、L2变亮 C．△U1＞△U2 D．△U1＜△U2‎ ‎【考点】闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，分析变阻器接入电路的电阻的变化，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，判断灯L2亮度的变化．根据总电流的变化，分析并联部分电压的变化，判断L3亮度的变化．根据总电流与通过L3电流的变化，分析通过L1电流的变化，判断其亮度变化．根据路端电压的变化，分析△U1和△U2的大小．‎ ‎【解答】解：A、B、当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则L2变亮．‎ 变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分电压减小，则L3变暗．总电流增大，而L3的电流减小，则L1的电流增大，则L1变亮．故A错误，B正确．‎ C、D、由上分析可知，电压表V1的示数减小，电压表V2的示数增大，由于路端电压减小，所以△U1＞△U2．故C正确，D错误．‎ 故选：BC．‎ ‎　‎ ‎20．关于电场中电荷的电势能的大小，下列说法正确的是（　　）‎ A．在电场强度越大的地方，电荷的电势能也越大 B．正电荷沿电场线移动，电势能一定增大 C．负电荷沿电场线移动，电势能一定增大 D．正电荷沿电场线移动，电势能一定减小 ‎【考点】电势能．‎ ‎【分析】根据电场力做功与电势能变化的关系进行判断：电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加．‎ ‎【解答】解：‎ A、在电场强度越大的地方，同一电荷受到的电场力越大，但电势能不一定大，电势能与电场强度没有直接关系．故A错误；‎ BD、正电荷沿电场线移动，电场力做正功，电势能一定减小，故B错误，D正确；‎ C、负电荷沿电场线移动，电场力做负功，电势能一定增大，故C正确；‎ 故选：CD ‎　‎ 三、填空题（每空3分，共24分）‎ ‎21．如图所示，将一个电流表G和另一个电阻连接可以改装成伏特表或安培表，则甲图对应的是　安培　表，要使它的量程加大，应使R1　减小　（填“增大”或“减小”）；乙图是　伏特　表，要使它的量程加大，应使R2　增大　（填“增大”或“减小”）．‎ ‎【考点】把电流表改装成电压表．‎ ‎【分析】甲图为G表头并联一分流电阻改装成一电流表，分流电阻越小，分流越大，量程越大．‎ 图乙为G表头串联一分压电阻改装成一电压表，分压电阻越大，分压越大，量程越大．‎ ‎【解答】解：甲图为安培表，R1起分流作用，要使量程增加，需增加R1的分流，即减小R1的电阻．‎ 乙图为伏特表，R2起分压作用，要使量程增加，需增加R2的分压，即增加R2的电阻．‎ 故答案为：安培；减小；伏特；增大．‎ ‎　‎ ‎22．有一根细长而均匀的金属材料样品电阻约为50Ω，其电阻率为ρ，请设计一个实验方案横截面积S．‎ 供选用的器材有：‎ A．蓄电池（3V，0.05Ω）‎ B．毫米刻度尺 C．电流表 D．电流表（3A，约为0.1Ω）‎ E．电压表（3V，约为6KΩ）‎ F．滑动变阻器（2KΩ，0.5A）‎ G．滑动变阻器（10Ω，2A）‎ ‎（1）除待测金属材料、开关、带夹子的导线若干外，还应选用实验器材有_　ABCEG　（只填代号字母）‎ ‎（2）在虚结框中，画出设计方案的电路图；‎ ‎（3）在实物图中，把所选器材连接实际测量电路；‎ ‎（4）用已知的物理常数和测得的物理量，推导出计算金属管横截面积S的表达式．‎ ‎【考点】测定金属的电阻率．‎ ‎【分析】（1）根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表，为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器，根据实验原理选择实验器材．‎ ‎（2）根据题意确定滑动变阻器与电流表接法，然后然后作出电路图．‎ ‎（3）根据电路图连接实物电路图．‎ ‎（4）应用电阻定律求出金属材料的横截面积．‎ ‎【解答】解：（1）电源电动势为3V，电压表选择E，通过金属材料的最大电流约为：I===0.06A=60mA，电流表选择C，为方便实验操作滑动变阻器应选择G，实验还需要测量材料长度，需要使用刻度尺，因此需要的使用器材为：ABCEG；‎ ‎（2）由实验器材可知，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示：‎ ‎（3）根据电路图连接实物实物电路图，实物电路图如图所示：‎ ‎（4）待测电阻阻值：R=，由电阻定律可知，电阻：R=ρ，导体材料横截面积：S=；‎ 故答案为：（1）ABCEG；（2）电路图如图所示；（3）实物电路图如图所示；（4）．‎ ‎　‎ ‎23．如图所示，在点电荷Q形成的电场中有A、B、C三点，若Q为正电荷，则　A　点电势最高，将正电荷放在　A　点时电势能最大．若Q为负电荷，则　A　点电势最低，将正电荷放在　A　点时电势能最小．‎ ‎【考点】电势能；库仑定律．‎ ‎【分析】正电荷的电场中电场线从正电荷出发到无穷远处终止．根据电场线的方向判断电势的高低．根据推论：正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势低处电势能大．‎ ‎【解答】解：由题，Q为正电荷，电场线方向从A→B，则A点电势比B点电势高．而B、C两点在同一等势面上，电势相等．所以A点电势最高．‎ 根据推论正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势低处电势能大，可知将正电荷放在A点时电势能最大，将负电荷放在A点时电势能最小．‎ 若Q为负电荷，电场线方向从B→A，A点电势比B点电势低．而B、C两点在同一等势面上，电势相等．所以A点电势最低．根据推论可知，将正电荷放在A点时电势能最小．‎ 故答案为：A，A，A，A．‎ ‎　‎ ‎24．如图所示，在带电体C的右侧有两个相互接触的金属导体A和B，均放在绝缘支座上．若先将C移走，再把A、B分开，则A　不带　电，B　不带　电．若先将A、B分开，再移走 C，则A　带负　电，B　带正　电．‎ ‎【考点】静电场中的导体．‎ ‎【分析】将带正电的导体球C靠近两个不带电的导体AB，靠感应起电使物体带电，带电的实质是电荷的移动，总电荷量保持不变．‎ ‎【解答】解：若先移走C，此时导体A和B中的电荷又发生中和，不再带电，再把导体A和B分开，同样不再带电，所以此时A不带电，B不带电．‎ 先把导体A和B分开，再移走C，导体A和B由于感应起电带上异种电荷，所以此时A带负电，B带正电．‎ 故答案为：不带；不带；带负；带正．‎ ‎　‎ 四、计算题 ‎25．一个带负电的粒子，q=﹣2.0×10﹣9C，在静电场中由a点运动到b点，在这过程中，除电场力外，其它力作的功为6.0×10﹣5J，粒子动能增加了8.0×10﹣5J，求a、b两点间电势差Uab等于多少？‎ ‎【考点】电势差．‎ ‎【分析】本题的关键是根据动能定理列出表达式，注意电场力做功表达式中Wab=qUab 应含有正负号，然后求解即可．‎ ‎【解答】解：根据动能定理应有：qUab+W其=△Ek，‎ 解得：Uab===﹣104V ‎ 答：a、b两点间电势差Uab等于﹣104V ‎　‎ ‎26．如图所示的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=0.6Ω，电阻R2=0.5Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：‎ ‎（1）电阻R1和R3的阻值；‎ ‎（2）当S闭合后，电压表的示数、以及R2上消耗的电功率．‎ ‎【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．‎ ‎【分析】（1）根据电压表和电流表的示数，由欧姆定律可以求得电阻R3的阻值的大小；‎ ‎（2）当S闭合后，R2和R3并联，之后和R1串联，根据闭合电路的欧姆定律可以求得电路的总电流的大小，进而可以求得电阻的功率的大小．‎ ‎【解答】解：（1）S断开时，由U1=I1R3‎ 得 R3==2Ω，‎ 又由 ‎ 求得 R1=1.4Ω，‎ ‎（2）S闭合时，R2、R3并联电阻，‎ 回路总电流，‎ 电压表示数为 U2=I2R23=1V，‎ R2上消耗的功率．‎ ‎　‎ ‎27．如图所示，质量为m带电量为﹣q 的微粒（重力不计），在匀强电场中的A点时速度为v，方向与电场线垂直，在B点时速度大小为2v，已知A、B两点间距离为d，求：‎ ‎①A、B两点间电压？‎ ‎②电场强度大小和方向？‎ ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电场强度．‎ ‎【分析】（1）微粒重力不计，只受电场力作用，根据动能定理求解A、B两点间电压．‎ ‎（2）将微粒的运动分解为水平方向和竖直方向，竖直方向做匀速直线运动，水平方向做匀加速直线运动，分别列出两个方向的分位移，求出运动时间，再AB两点沿电场方向的距离，求解电场强度的大小和方向．‎ ‎【解答】解：（1）根据动能定理得 ‎﹣q|UAB|=﹣‎ 得A、B两点间电压|UAB|=‎ ‎（2）微粒在B水平方向的分速度大小为vx==v 设A、B间水平距离为x，竖直距离为y．‎ 水平方向微粒做匀加速直线运动，则有：‎ ‎ x=‎ 竖直方向微粒做匀速直线运动，则有 ‎ y=vt 又d2=x2+y2‎ 联立上述三式得，t=‎ x==‎ 则电场强度E==，方向水平向左．‎ 答：‎ ‎①A、B两点间电压是．‎ ‎②电场强度大小是，方向水平向左．‎ ‎　‎ ‎28．将电量为﹣4×10﹣6C的电荷沿用一条电场线由A点移到B点克服电场力做功2.4×10﹣5J，再由B点移到C点电场力做功1.2×10﹣5J，求：‎ ‎（1）电荷从A到B电势能变化了多少？‎ ‎（2）电荷从B到C，UBC=？‎ ‎（3）若ϕB=0，则ϕA=？ϕC=？‎ ‎【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．‎ ‎【分析】根据电场力做功与电势能之间的关系，可以判断电势能的变化；由电场力做功的公式W=qU，可以求得电势差；‎ 由UAB=φA﹣φB和UAC=φA﹣φC即可求解．‎ ‎【解答】解：（1）电荷沿着一条电场线由A点移到B点克服电场力做功2.4×10﹣5J，则电势能增加，‎ ‎ 电势能的增加为：△E1=WAB=2.4×10﹣5 J；‎ ‎ （2）电荷从B到C电场力做正功，WBC=1.2×10﹣5 J；‎ ‎ BC之间的电势差：UBC===﹣3V ‎（3）把电荷由A点移到C点电场力做功：WAC=WAB+WBC=﹣2.4×10﹣5+1.2×10﹣5=﹣1.2×10﹣5J A、B之间的电势差：UAB===6V A、C之间的电势差：UAC===3V 由UAB=φA﹣φB：‎ 得：φA=φB+UAB=0+6V=6V 由UAC=φA﹣φC 得：φC=φA﹣UAC=6V﹣3V=3V 答：（1）电荷从A到B电势能增加了2.4×10﹣5J ‎（2）BC间的电势差为：UBC=﹣3V；‎ ‎（3）若φB=0，则φA=6V，φC=3V．‎ ‎　‎ ‎29．如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U长度为L的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：‎ ‎（1）电子通过B点时的速度大小；‎ ‎（2）电子射出极板时的偏转位移．‎ ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．‎ ‎【分析】（1）根据动能定理求出电子通过B点时的速度大小；‎ ‎（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，根据水平方向上做匀速直线运动，求出运动的时间，结合竖直方向上做匀加速直线运动求出偏转位移．‎ ‎【解答】解：（1）电子从A到B的过程，由动能定理得：‎ ‎ eU0=mv02‎ 解得：v0=；‎ ‎（2）电子进入偏转电场后作类平抛运动，则加速度为 a=‎ 水平方向有 L=v0t 竖直方向有 y=at2‎ 解之得：y=‎ 答：‎ ‎（1）电子通过B点时的速度大小为；‎ ‎（2）电子射出极板时的偏转位移为．‎ ‎　‎ ‎2016年11月28日