甘肃省岷县一中2020学年高二物理上学期期中试卷（含解析） 17页

甘肃省岷县一中2020学年高二上学期期中考试物理试卷 ‎ 一、选择题 ‎1.下列物理量中与检验电荷有关的是( )‎ A. 电场强度E B. 电势 C. 电势能 D. 电势差U ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、电场强度是描述电场的力的性质的物理量，由定义式可知，E与检验电荷无关；故A错误.‎ B、电势是描述电场的能的性质的物理量，由定义式可知，φ与检验电荷无关；故B错误.‎ C、由电势能EP=qφ，可知，电势能既与电场有关，也与检验电荷q有关；故C正确.‎ D、由电势差的定义，运用比值法定义，则知电势差与检验电荷无关；故D错误.‎ 故选C.‎ ‎【点睛】电场这一章物理量有两大类：一类只与电场有关，比如电场强度、电势、电势差；另一类既与电场有关，也与检验电荷有关，比如电势能和电场力等等．‎ ‎2.在维护和检修高压供电线路时，为了不影响城市用电，电工经常要在高压线上带电作业。为了保障电工的安全，电工全身要穿上用金属丝线编织的衣服(如图)。图乙中电工站在高压直流输电线的A供电线上作业，其头顶上方有B供电线，B供电线的电势高于A供电线的电势。虚线表示电工周围某一截面上的等势面，c、d、e、f是不同等势面上的四个点，以下说法正确的是(　　)‎ A. 在c、d、e、f四点中，c点的电场最强 B. 在c、d、e、f四点中，f点的电势最高 C. 若将某电子由c移到f，其电势能将增大 D. 将电子在d点由静止释放，它会向e点所在等势面运动 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、依据等差等势线的疏密，可知，在c、d、e、f 四点中，f点的电场最强，故A错误；‎ B、沿着电场线方向，电势是降低的，因B 供电线的电势高于A 电线的电势，则在c、d、e、f 四点中，c点的电势最高，故B错误；‎ C、若将某电子由c 移到f，即从高电势到低电势，其电势能将增大，故C正确；‎ D、将某电子在d 点由静止释放，在电场力作用下，它会向c点所在等势面运动，故D错误；‎ 故选C.‎ ‎【点睛】考查电场线与等势线的疏密来体现电场强度的强弱，掌握正、负电荷电势的变化，会判定电势能的变化，及电场力做功的情况．‎ ‎3.一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示，不计重力，则（ ）‎ A. 粒子带正电 B. 粒子的加速度逐渐增加 C. 粒子在A点的电势能小于在B点的电势能 D. 粒子的速度不断增大 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、根据轨迹的弯曲知，合力大致指向轨迹凹的一向，则带电粒子所受电场力方向与电场强度方向相反，该粒子带负电，故A错误.‎ B、从A点到B点，电场线越来越疏，电场强度越来越小，粒子所受电场力越来越小，根据牛顿第二定律知，粒子加速度逐渐减小，故B错误.‎ C、D、从A到B，电场力方向与速度方向成钝角，则电场力做负功，电势能增大，根据动能定理知，粒子的动能减小即速度减小，故C正确，D错误.‎ 故选C.‎ ‎【点睛】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解．‎ ‎4.如下图所示，AB是电场中的一条电场线，若将一负电荷从A点由静止释放，负电荷沿电场线从A到B运动过程中速度时间图线如图Ⅱ所示，不计重力，则下列判断正确的是（ ）‎ A. A＞B，EA＞EB B. A＞B，EA＜EB C. A＜B，EA＞EB D. A＜B， EA＜EB ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】速度图象的斜率等于物体的加速度，由图可知点电荷从A向B运动的过程中加速度越来越大，故A点的场强小于B点场强；‎ 由于物体沿电场线运动过程当中做加速运动，故点电荷所受电场力方向由A指向B，又由于负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，所以电场线的方向由B指向A，所以而沿电场线的方向电势降低，即φA＜φB，故D正确；故选D.‎ ‎【点睛】速度图象的斜率等于物体的加速度，故A点的场强小于B点场强；负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，沿电场线的方向电势降低是解决本题的突破口．‎ ‎5.如图所示，两根细线拴着两个质量相同的小球A、B，上、下两根细线中的拉力分别是TA、TB，现在使A、B带同种电荷，此时上、下细线受力分别为TA′、TB′，则（ ）‎ A. TA′=TA，TB′＞TB B. TA′=TA，TB′＜TB C. TA′＜TA，TB′＞TB D. TA′＞TA，TB′＜TB ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析：A、B始终处于静止状态，分别对带电前后进行受力分析，判断绳子拉力的变化．‎ 解：带电前：对B有：‎ T2=GB 对AB组成的整体有：‎ T1=GA+GB 带电后：对B有：‎ T2′=F电+GB 对整体：‎ T1′=GA+GB 综上所述：T1=T1′，T2＜T2′‎ 故选：A．‎ ‎【点评】处于受力平衡状态的物体在求解或进行大小变化的判断时，只要选好研究对象进行正确的受力分析，应用平衡条件判断即可．‎ ‎6.电阻R1 与R2并联在电路中，通过R1与R2的电流之比为1∶3，则当R1 与R2串联后接入电路中时，R1和R2两端电压之比U1∶U2为(　　)‎ A. 1∶3‎ B. 3∶1‎ C. 1∶4‎ D. 4∶1‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】并联电路中电阻之比等于电流的反比，故R1:R2=3:1；串联电路中电压之比等于电压之比；故U1:U2=3:1；故选B.‎ ‎【点睛】本题考查串并联电路的基本规律，要注意明确并联电路中电压相等，串联电路中电流相等，再根据欧姆定律分析对应的规律，牢记并能准确应用．‎ ‎7.在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则(　　)‎ A. 电压表的示数变大 B. 小灯泡变暗 C. 通过R2的电流变小 D. 电源内阻的电压变大 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R1两端的电压减小；故A错误.‎ B、C、D、因电路中电流减小，故电源内阻的电压减小，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大；则流过R2的电流增大；流过灯泡的电流一定减小，流过灯泡的电流一定减小，故B正确，C，D错误.‎ 故选B.‎ ‎【点睛】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质.‎ ‎8.如图所示为两个不同闭合电路中两个不同电源的U-I图象，则下列说法中正确的是( )‎ A. 电动势E1=E2，短路电流I1>I2‎ B. 电动势E1=E2.内阻r2>r1‎ C. 电动势E1>E2，内阻r1