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  • 2021-06-01 发布

物理卷·2018届江西省吉安市吉水中学高二上学期第一次月考物理试卷(9月份) (解析版)

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全*品*高*考*网, 用后离不了!2016-2017学年江西省吉安市吉水中学高二(上)第一次月考物理试卷(9月份)‎ ‎ ‎ 一、选择题(本题共12小题,每题4分,共48分.第1-8题为单选,第9-12题为多选,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的不得分)‎ ‎1.用伏安法测电阻R,按图中甲图测得的结果为R1,按乙图测得的结果为R2,若电阻的真实值为R,则(  )‎ A.R1>R>R2 B.R1<R<R2 C.R>R1,R>R2 D.R1=R=R2‎ ‎2.用电流表和电压表测量电阻Rx的阻值.如图所示,分别将图(a)和(b)两种测量电路连接到电路中,按照(a)图时,电流表示数为4.60mA,电压表示数为2.50V;按照(b)图时,电流表示数为5.00mA,电压表示数为2.30V,比较这两次结果,正确的是(  )‎ A.电阻的真实值更接近543Ω,且大于543Ω B.电阻的真实值更接近543Ω,且小于543Ω C.电阻的真实值更接近460Ω,且大于460Ω D.电阻的真实值更接近460Ω,且小于460Ω ‎3.如图,M、N和P是以MN为直径的半圈弧上的三点,O点为半圆弧的圆心,∠MOP=60°.电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M、N两点,这时O点电场强度的大小为E1;若将N点处的点电荷移至P点,则O点的场场强大小变为E2,E1与E2之比为(  )‎ A.1:2 B.2:1 C. D.‎ ‎4.如图所示,C、D两带电平行金属板间的电压为U,A、B也为一对竖直放置的带电平行金属板,B板上有一小孔,小孔在C、D两板间的中心线上.一质量为m、带电量为+q的粒子(不计重力)从D板边缘的O点以速度vo斜向射入C、D板间,穿过B板的小孔运动到紧靠A板的P点时速度恰好为零,则A、B两板间的电压为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎5.质量相等的两个质点A、B在拉力作用下从同一地点沿同一直线竖直向上运动的v﹣t图象如图所示,下列说法正确的是(  )‎ A.t2时刻两个质点相遇 B.0﹣t2时间内两质点的平均速度相等 C.0﹣t2时间内B质点的机械能增量比A质点大 D.在t1﹣t2时间内质点B的机械能守恒 ‎6.用两个相同的小量程电流表,分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2,若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路,如图所示,则闭合电键后,下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是(  )‎ A.图甲中的A1、A2的示数相同 B.图甲中的A1、A2的指针偏角相同 C.图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同 D.图乙中的A1、A2的指针偏角相同 ‎7.如图所示,平行板电容器两极板间插有一块陶瓷板,电容器带电后静电计的指针偏转一定角度.若将两极板平行错开,同时取走陶瓷板,则静电计指针的偏转角度(  )‎ A.一定减小 B.一定增大 C.一定不变 D.可能不变 ‎8.一段半径为D的导线,电阻为0.1Ω,如果把它拉成直径为D的导线,则电阻变为(  )‎ A.0.2Ω B.0.4Ω C.0.8Ω D.1.6Ω ‎9.如图所示,质量为m的物体以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面,其运动的加速度大小为g,物体上升的最大高度为h,则在该过程中物体(  )‎ A.重力势能增加了2mgh B.机械能损失了mgh C.克服摩擦力做功mgh D.动能损失了mgh ‎10.电动机的电枢阻值为R,电动机正常工作时,两端的电压为U,通过的电流为I,工作的时间为t,则下列说法中正确的是(  )‎ A.电动机消耗的电能为UIt B.电动机消耗的电能为I2Rt C.电动机线圈产生的热量为I2Rt D.电动机线圈产生的热量为 ‎11.电流表的内阻为Rg,满偏电流为Ig,那么以下结论中正确的是(  )‎ A.如并联一个阻值为nRg的定值电阻,就可以改装为一个最大电流是nIg的电流表 B.如串联一个阻值为 nRg的定值电阻,就可以改装为一个最大电压是(n+1)IgRg的电压表 C.如并联一个阻值为Rg的定值电阻,就可以改装为最大电流是nIg的电流表 D.如串联一个阻值为的定值电阻,就可以改装为一个最大电压是(n﹣1)IgRg的电压表 ‎12.如图所示,在竖直向上的匀强电场中,从倾角为θ的斜面上的M点水平抛出一个带负电小球,小球的初速度为v0,最后小球落在斜面上的N点.在已知θ、v0和小球所受电场力大小F及重力加速度g的条件下,不计空气阻力,则下列判断正确的是(  )‎ A.小球所受的重力大小一定大于电场力 B.可求出小球落到N点时重力的功率 C.可求出小球落到N点时速度的大小和方向 D.无法求出小球从M点到N点的过程中电势能的变化量 ‎ ‎ 二、实验题(共20分)‎ ‎13.利用如图1装置做“验证机械能守恒定律”实验.‎ ‎①为验证机械能是否守恒,需要比较重物下落过程中任意两点间的  ‎ A.动能变化量与势能变化量 B.速度变化量和势能变化量 C.速度变化量和高度变化量 ‎②除带夹子的重物、纸带、铁架台(含铁夹)、电磁打点计时器、导线及开关外,在下列器材中,还必须使用的两种器材是  ‎ A.交流电源 B.刻度尺 C.天平(含砝码) D.秒表 ‎③实验中,先接通电源,再释放重物,得到图2所示的一条纸带.在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C,测得它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hC.‎ 已知当地重力加速度为g,打点计时器打点的周期为T.设重物的质量为m.从打O点到打B点的过程中,重物的重力势能变化量△Ep=  ,动能变化量△Ek=  .‎ ‎④大多数学生的实验结果显示,重力势能的减少量大于动能的增加量,原因是:  ‎ A.利用公式v=gt计算重物速度 B.利用公式v=计算重物速度 C.存在空气阻力和摩擦力阻力的影响 D.没有采用多次试验算平均值的方法 ‎⑤某同学想用下述方法研究机械能是否守恒,在纸带上选取多个计数点,测量它们到起始点O的距离h,计算对应计数点的重物速度v,描绘v2﹣h图象,并做如下判断:若图象是一条过原点的直线,则重物下落过程中机械能守恒,请你分析论证该同学的判断是否正确.  .‎ ‎14.某同学在做“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中,得到如表所示的一组U﹣I数据:‎ 编号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ U/V ‎0.20‎ ‎0.60‎ ‎1.00‎ ‎1.40‎ ‎1.80‎ ‎2.20‎ ‎2.60‎ ‎3.00‎ I/A ‎0.020‎ ‎0.060‎ ‎0.100‎ ‎0.140‎ ‎0.170‎ ‎0.190‎ ‎0.200‎ ‎0.205‎ 灯泡发 光情况 不亮 微亮 逐渐变亮 正常 发光 试在图上画出U﹣I图线.‎ 当U<1.40V时,灯丝电压与电流成  比,灯丝电阻  ;当U>1.40V时,灯丝的温度逐渐升高,其电阻随温度身高而  .‎ ‎ ‎ 三、计算题(本题共4个小题,8+7+8+9=32分.请写出必要的说明文字和解题步骤,只写出最后结果的得零分.)‎ ‎15.如图所示是利用电动机提升重物的示意图,其中D是直流电动机.p是一个质量为m的重物,它用细绳拴在电动机的轴上.闭合开关s,重物p以速度v匀速上升,这时理想电流表和理想电压表的示数分别是I=5.0A和U=110V,重物p上升的速度v=0.70m/s.已知该装置机械部分的机械效率为70%,重物的质量m=45kg(g取10m/s2).求 ‎(1)电动机消耗的电功率P电;‎ ‎(2)绳对重物做功的机械功率P机;‎ ‎(3)电动机线圈的电阻R.‎ ‎16.天文工作者观测到某行星的半径为R1,自转周期为T1,它有一颗卫星,轨道半径为R2,绕行星公转周期为T2.若万有引力常量为G,求:‎ ‎(1)该行星的平均密度;‎ ‎(2)此行星赤道上的物体随行星自转的线速度大小v1及该行星的第一宇宙速度v2.‎ ‎17.如图所示,在大小为E,方向竖直向上的匀强电场中,长为L的轻绳一端固定在O点,另一端拴一个带电荷量+q的小球,已知qE=3mg,要使球能在竖直平面内做完整的圆周运动,球在A点的最小速度应为多大?‎ ‎18.[A题]两块水平平行放置的金属板如图(甲)所示,大量电子(已知电子质量为m、电荷量为e)由静止开始,经电压为U0的电场加速后,连续不断地从两板正中间沿水平方向射人两板间.当两板均不带电时,这些电子通过两板之间的时间为3t0;当在两板间加如图(乙)所示的周期为2t0、幅值恒为U的周期性电压时,恰好能使所有电子均从两板间通过.求 ‎(1)这些电子飞离两板间时,侧向位移(即竖直方向上的位移)的最大值symax;‎ ‎(2)这些电子飞离两板间时,侧向位移的最小值symin.‎ ‎ ‎ ‎2016-2017学年江西省吉安市吉水中学高二(上)第一次月考物理试卷(9月份)‎ 参考答案与试题解析 ‎ ‎ 一、选择题(本题共12小题,每题4分,共48分.第1-8题为单选,第9-12题为多选,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的不得分)‎ ‎1.用伏安法测电阻R,按图中甲图测得的结果为R1,按乙图测得的结果为R2,若电阻的真实值为R,则(  )‎ A.R1>R>R2 B.R1<R<R2 C.R>R1,R>R2 D.R1=R=R2‎ ‎【考点】伏安法测电阻.‎ ‎【分析】两种接法都有误差:‎ 甲图是电流表内接法,误差来源于电压表的示数不只是电阻R 的电压,还包括了电流表的分压,‎ 乙图为电流表外接法,误差来源于电流表的示数不只是通过R的电流,还包括了电压表的电流;要根据测量值的计算式去分析偏大还是偏小.‎ ‎【解答】解:甲图接法:电压表的示数为R两端的电压和安培表两端的电压之和,即U=UR+UA 电流表的示数I是通过R的真实值,则R测==>=R真 故R1>R ‎ 乙图接法:电流表的示数为通过电阻的电流和电压表的电流之和,即 I=IR+IV 电压表的示数U是R两端电压的真实值,则R测═=<=R真 故R>R2‎ 综合可得:R1>R>R2 故A正确;BCD错误 故选:A.‎ ‎ ‎ ‎2.用电流表和电压表测量电阻Rx的阻值.如图所示,分别将图(a)和(b)两种测量电路连接到电路中,按照(a)图时,电流表示数为4.60mA,电压表示数为2.50V;按照(b)图时,电流表示数为5.00mA,电压表示数为2.30V,比较这两次结果,正确的是(  )‎ A.电阻的真实值更接近543Ω,且大于543Ω B.电阻的真实值更接近543Ω,且小于543Ω C.电阻的真实值更接近460Ω,且大于460Ω D.电阻的真实值更接近460Ω,且小于460Ω ‎【考点】伏安法测电阻.‎ ‎【分析】根据电表示数确定电流表的接法,然后应用欧姆定律求出电阻阻值,根据电路分析实验误差.‎ ‎【解答】解:由题意可知: ==, ==,>,电流变化量大,电压表分流对实验影响较大,电流表应采用内接法,即图(a)所示接法,则电阻测量值为:R==≈543Ω,‎ 由于电流表采用内接法,电压测量值偏大,电阻测量值大于真实值,则电阻真实值小于543Ω;‎ 故选:B.‎ ‎ ‎ ‎3.如图,M、N和P是以MN为直径的半圈弧上的三点,O点为半圆弧的圆心,∠MOP=60°.电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M、N两点,这时O点电场强度的大小为E1;若将N点处的点电荷移至P点,则O点的场场强大小变为E2,E1与E2之比为(  )‎ A.1:2 B.2:1 C. D.‎ ‎【考点】电场的叠加.‎ ‎【分析】由电场的叠加可知各点电荷单独在O点形成的场强大小,移动之后电荷距O点的距离不变,故电场强度大小不变,则由矢量合成的方向可得出移动之后的合电场;即可求得比值.‎ ‎【解答】解:依题意,每个点电荷在O点产生的场强为,则当N点处的点电荷移至P点时,O点场强如图所示,合场强大小为,则,B正确.‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎4.如图所示,C、D两带电平行金属板间的电压为U,A、B也为一对竖直放置的带电平行金属板,B板上有一小孔,小孔在C、D两板间的中心线上.一质量为m、带电量为+q的粒子(不计重力)从D板边缘的O点以速度vo斜向射入C、D板间,穿过B板的小孔运动到紧靠A板的P点时速度恰好为零,则A、B两板间的电压为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动.‎ ‎【分析】对从D到P过程运用动能定理全程列式即可得到A、B板间的电压,D与小孔间电压为U的一半.‎ ‎【解答】解:D点与小孔间沿电场线方向的距离为板间距的一半,故电势差为;‎ 对从D到P过程运用动能定理全程列式,有 ‎﹣q 解得 故选A.‎ ‎ ‎ ‎5.质量相等的两个质点A、B在拉力作用下从同一地点沿同一直线竖直向上运动的v﹣t图象如图所示,下列说法正确的是(  )‎ A.t2时刻两个质点相遇 B.0﹣t2时间内两质点的平均速度相等 C.0﹣t2时间内B质点的机械能增量比A质点大 D.在t1﹣t2时间内质点B的机械能守恒 ‎【考点】机械能守恒定律.‎ ‎【分析】速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移,平均速度等于位移除以时间;‎ 机械能等于动能和重力势能的总和;‎ 利用机械能守恒定律条件判断.‎ ‎【解答】解:A、速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移,0﹣t2时间内B的位移大于A的位移,B在A的前面,故A错误;‎ B、0﹣t2时间内B的位移大于A的位移,时间相等,则B的平均速度大于A的平均速度,故B错误;‎ C、0﹣t2时间内两者动能增量相同,B的位移大于A的位移,B的重力势能增加多,所以B质点的机械能增量比A质点大,故C正确;‎ D、t1﹣t2时间内,B向上匀速,A向上加速,都要受到向上的外力作用,即除重力外,还有其他外力做功,机械能不守恒,故D错误.‎ 故选:C.‎ ‎ ‎ ‎6.用两个相同的小量程电流表,分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2,若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路,如图所示,则闭合电键后,下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是(  )‎ A.图甲中的A1、A2的示数相同 B.图甲中的A1、A2的指针偏角相同 C.图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同 D.图乙中的A1、A2的指针偏角相同 ‎【考点】闭合电路的欧姆定律.‎ ‎【分析】电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的,它们并联时,表头的电压相等,电流相等,指针偏转的角度相同,量程大的电流表读数大.当它们串联时,A1、A2的示数相同.由于量程不同,内阻不同,两电表两端的电压不同,流过表头的电流不同,指针偏转的角度不同.‎ ‎【解答】解:A、B图甲中的A1、A2并联,表头的电压相等,电流相等,指针偏转的角度相同,量程不同的电流表读数不同.故A错误,B正确.‎ ‎ C、D图乙中的A1、A2串联,A1、A2的示数相同.由于量程不同,内阻不同,电表两端的电压不同,流过表头的电流不同,指针偏转的角度不同.故CD错误.‎ 故选B ‎ ‎ ‎7.如图所示,平行板电容器两极板间插有一块陶瓷板,电容器带电后静电计的指针偏转一定角度.若将两极板平行错开,同时取走陶瓷板,则静电计指针的偏转角度(  )‎ A.一定减小 B.一定增大 C.一定不变 D.可能不变 ‎【考点】电容器的动态分析.‎ ‎【分析】静电计测量电容器板间电势差的大小,电势差越大,其指针偏转角度越大.将两极板平行错开,同时取走陶瓷板,根据电容的决定式和定义式结合分析板间电势差的变化,判断静电计指针偏转角度的变化.‎ ‎【解答】解:将两极板平行错开,同时取走陶瓷板,根据电容的决定式C=分析得知,电容C减小,而电容器的电量Q不变,则由电容的定义式C=分析得知,板间电势差U增大,则静电计指针的偏转角度一定增大.‎ 故选B ‎ ‎ ‎8.一段半径为D的导线,电阻为0.1Ω,如果把它拉成直径为D的导线,则电阻变为(  )‎ A.0.2Ω B.0.4Ω C.0.8Ω D.1.6Ω ‎【考点】电阻定律.‎ ‎【分析】导体的电阻大小与导体的长度、横截面积和材料有关,长度越大,横截面积越小,电阻越大.据此分析回答.‎ ‎【解答】解:一根粗细均匀的导线均匀拉长,半径减小为倍,故横截面积减小为倍,长度增加原来的4倍,据R=求得,电阻变大为原来的16倍,即1.6Ω;故D正确;ABC错误.‎ 故选:D.‎ ‎ ‎ ‎9.如图所示,质量为m的物体以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面,其运动的加速度大小为g,物体上升的最大高度为h,则在该过程中物体(  )‎ A.重力势能增加了2mgh B.机械能损失了mgh C.克服摩擦力做功mgh D.动能损失了mgh ‎【考点】动能定理的应用.‎ ‎【分析】根据上升的高度求出重力势能的增加量,根据牛顿第二定律求出阻力的大小,结合阻力做功得出机械能的损失,根据合力做功求出动能的损失量.‎ ‎【解答】解:A、物体上升的最大高度为h,则重力势能增加mgh,故A错误.‎ B、根据牛顿第二定律得,mgsin30°+f=ma,解得f=,则机械能的损失,故B正确.‎ C、克服摩擦力做功,故C错误.‎ D、合力大小为,根据动能定理得,动能损失量,故D正确.‎ 故选:BD.‎ ‎ ‎ ‎10.电动机的电枢阻值为R,电动机正常工作时,两端的电压为U,通过的电流为I,工作的时间为t,则下列说法中正确的是(  )‎ A.电动机消耗的电能为UIt B.电动机消耗的电能为I2Rt C.电动机线圈产生的热量为I2Rt D.电动机线圈产生的热量为 ‎【考点】电功、电功率;焦耳定律.‎ ‎【分析】在计算电功率的公式中,总功率用P=IU来计算,发热的功率用P=I2R来计算,如果是计算纯电阻的功率,这两个公式的计算结果是一样的,但对于电动机等非纯电阻,第一个计算的是总功率,第二个只是计算发热的功率,这两个的计算结果是不一样的.‎ ‎【解答】解:A、电动机正常工作时,两端的电压为U,通过的电流为I,工作的时间为t,所以电动机消耗的电能为UIt,所以A正确,B错误;‎ C、电动机为非纯电阻电路线圈产生的热量为I2Rt,不能用来计算,所以C正确,D错误;‎ 故选AC.‎ ‎ ‎ ‎11.电流表的内阻为Rg,满偏电流为Ig,那么以下结论中正确的是(  )‎ A.如并联一个阻值为nRg的定值电阻,就可以改装为一个最大电流是nIg的电流表 B.如串联一个阻值为 nRg的定值电阻,就可以改装为一个最大电压是(n+1)IgRg的电压表 C.如并联一个阻值为Rg的定值电阻,就可以改装为最大电流是nIg的电流表 D.如串联一个阻值为的定值电阻,就可以改装为一个最大电压是(n﹣1)IgRg的电压表 ‎【考点】把电流表改装成电压表.‎ ‎【分析】改装成电流表要并联电阻分流,并联电阻阻值为R:R=;‎ 电流表改装成电压表要串联电阻分压,串联的阻值为R=﹣Rg,U为改装后的量程.‎ ‎【解答】解:A、如并联一个阻值为nRg的定值电阻,根据并联电流的关系得改装后电流表的量程为:I=Ig+=(1+)Ig,故A错误 B、如串联一个阻值为nRg的定值电阻,根据串联电压关系得改装后电压表的量程为:U=IgRg+nIgRg=(n+1)IgRg,故B正确 C、如并联一个阻值为的定值电阻,根据并联电流的关系得改装后电流表的量程为:I=Ig+=nIg 故C正确,‎ D、如串联一个阻值为的定值电阻,根据串联电压关系得改装后电压表的量程为:U=IgRg+nIg=(1+)IgRg,故D错误 故选:BC.‎ ‎ ‎ ‎12.如图所示,在竖直向上的匀强电场中,从倾角为θ的斜面上的M点水平抛出一个带负电小球,小球的初速度为v0,最后小球落在斜面上的N点.在已知θ、v0和小球所受电场力大小F及重力加速度g的条件下,不计空气阻力,则下列判断正确的是(  )‎ A.小球所受的重力大小一定大于电场力 B.可求出小球落到N点时重力的功率 C.可求出小球落到N点时速度的大小和方向 D.无法求出小球从M点到N点的过程中电势能的变化量 ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动.‎ ‎【分析】小球在运动过程中受重力与电场力作用,做类平抛运动,重力的功率等于重力与竖直分速度的乘积.对小球受力分析、应用牛顿第二定律、类平抛运动的规律分析答题,注意明确题目中的已知量和未知量.‎ ‎【解答】解:A、小球受到重力和竖直向下的电场力,做类平抛运动,重力与电场力的大小不确定,可能两者相等,故A正确;‎ B、C、利用平抛知识有: ===tanθ,速度偏向角设为α,则tanα==2tanθ,则得:vy=2v0tanθ,小球落到N点时重力的功率为P=mgvy=2mgv0tanθ.由于小球的质量未知,所以不能小球落到N点时重力的功率.故B错误,C正确;‎ D、小球从M点到N点的过程中电势能的变化量△EP=Fy=F•,由于加速度a无法求出,所以电势能的变化量不能求出.故D正确;‎ 故选:CD.‎ ‎ ‎ 二、实验题(共20分)‎ ‎13.利用如图1装置做“验证机械能守恒定律”实验.‎ ‎①为验证机械能是否守恒,需要比较重物下落过程中任意两点间的 A ‎ A.动能变化量与势能变化量 B.速度变化量和势能变化量 C.速度变化量和高度变化量 ‎②除带夹子的重物、纸带、铁架台(含铁夹)、电磁打点计时器、导线及开关外,在下列器材中,还必须使用的两种器材是 AB ‎ A.交流电源 B.刻度尺 C.天平(含砝码) D.秒表 ‎③实验中,先接通电源,再释放重物,得到图2所示的一条纸带.在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C,测得它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hC.‎ 已知当地重力加速度为g,打点计时器打点的周期为T.设重物的质量为m.从打O点到打B点的过程中,重物的重力势能变化量△Ep= mghB ,动能变化量△Ek=  .‎ ‎④大多数学生的实验结果显示,重力势能的减少量大于动能的增加量,原因是: C ‎ A.利用公式v=gt计算重物速度 B.利用公式v=计算重物速度 C.存在空气阻力和摩擦力阻力的影响 D.没有采用多次试验算平均值的方法 ‎⑤某同学想用下述方法研究机械能是否守恒,在纸带上选取多个计数点,测量它们到起始点O的距离h,计算对应计数点的重物速度v,描绘v2﹣h图象,并做如下判断:若图象是一条过原点的直线,则重物下落过程中机械能守恒,请你分析论证该同学的判断是否正确. 不正确 .‎ ‎【考点】验证机械能守恒定律.‎ ‎【分析】①根据验证机械能守恒定律原理可判断;‎ ‎②根据实验的原理确定需要测量的物理量,从而确定所需的测量器材;‎ ‎③根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度,从而得出动能的增加量;‎ ‎④根据功能关系可判断重力势能的减少量大于动能的增加量的原因;‎ ‎⑤如果v2﹣h图象为直线,仅表示合力恒定,与机械能是否守恒无关,比如:阻力恒定,合外力一定,加速度一定,v2﹣h图象也可能是一条过原点的倾斜的直线.‎ ‎【解答】解:①验证机械能守恒,即需比较重力势能的变化量与动能增加量的关系,故选:A.‎ ‎②电磁打点计时器需要接低压交流电源,实验中需要用刻度尺测量点迹间的距离,从而得出瞬时速度以及下降的高度.实验验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等,质量可以约去,不需要用天平测量质量,故选:AB.‎ ‎③从打O点到打B点的过程中,重物的重力势能变化量△Ep=mghB,‎ B点的瞬时速度为:vB=,‎ 则动能的增加量为:△Ek=mvB2=.‎ ‎④大多数学生的实验结果显示,重力势能的减少量大于动能的增加量,原因是存在空气阻力和摩擦力阻力的影响,故选:C.‎ ‎⑤该同学的判断依据不正确.‎ 在重物下落h的过程中,若阻力f恒定,根据mgh﹣fh=mv2,可得:v2=2(g﹣)h,则此时v2﹣h图象就是过原点的一条直线.所以要想通过v2﹣h图象的方法验证机械能是否守恒,还必须看图象的斜率是否接近2g.‎ 故答案为:①A;②AB;③mghB,;④C;⑤不正确.‎ ‎ ‎ ‎14.某同学在做“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中,得到如表所示的一组U﹣I数据:‎ 编号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ U/V ‎0.20‎ ‎0.60‎ ‎1.00‎ ‎1.40‎ ‎1.80‎ ‎2.20‎ ‎2.60‎ ‎3.00‎ I/A ‎0.020‎ ‎0.060‎ ‎0.100‎ ‎0.140‎ ‎0.170‎ ‎0.190‎ ‎0.200‎ ‎0.205‎ 灯泡发 光情况 不亮 微亮 逐渐变亮 正常 发光 试在图上画出U﹣I图线.‎ 当U<1.40V时,灯丝电压与电流成 正 比,灯丝电阻 基本不变 ;当U>1.40V时,灯丝的温度逐渐升高,其电阻随温度身高而 增大 .‎ ‎【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线.‎ ‎【分析】由表格中数据利用描点法可将各点描在坐标中,再用平滑的曲线将各点连接起来;由作出的伏安特性曲线利用公式可知图象的斜率的含义,从而由图象中得出电阻的变化规律.‎ ‎【解答】解:利用描点法将各点坐标在U﹣I图象中描出,用平滑的曲线将各点连接,即可得出U﹣I图线; ‎ 由图可知,图象的斜率表示电阻,则可知当U<1.40V时,灯丝电压与电流成正比; 此时灯丝电阻基本不变; 当U>1.40V时,灯丝的温度逐渐升高,其电阻随温度升高而增大; ‎ 故答案为:如图 正 基本不变 增大.‎ ‎ ‎ 三、计算题(本题共4个小题,8+7+8+9=32分.请写出必要的说明文字和解题步骤,只写出最后结果的得零分.)‎ ‎15.如图所示是利用电动机提升重物的示意图,其中D是直流电动机.p是一个质量为m的重物,它用细绳拴在电动机的轴上.闭合开关s,重物p以速度v匀速上升,这时理想电流表和理想电压表的示数分别是I=5.0A和U=110V,重物p上升的速度v=0.70m/s.已知该装置机械部分的机械效率为70%,重物的质量m=45kg(g取10m/s2).求 ‎(1)电动机消耗的电功率P电;‎ ‎(2)绳对重物做功的机械功率P机;‎ ‎(3)电动机线圈的电阻R.‎ ‎【考点】电功、电功率;闭合电路中的能量转化.‎ ‎【分析】(1)已知电动机两端的电压和通过的电流,根据P=UI求出电动机的耗电功率;‎ ‎(2)根据P机=mgv求出机械功率;‎ ‎(3)由机械部分的机械效率可求出电动机输出功率,根据电动机消耗的功率与输出功率之差,即为线圈电阻发热功率,再由P=I2R求出电动机线圈的电阻.‎ ‎【解答】解:(1)电动机消耗的电功率为 P电=UI=5×110W=550W ‎(2)绳对重物做功的机械功率为P机=mgv=45×10×0.70W=315W ‎(3)电动机输出的电功率为P机出==W=450W 电动机线圈的电阻R的发热功率为P线=P电﹣﹣P机出=100W 由 P线=I2R得 电动机线圈的电阻R=‎ 答:(1)电动机消耗的电功率P电为550W;‎ ‎(2)绳对重物做功的机械功率P机为315W;‎ ‎(3)电动机线圈的电阻R为4Ω.‎ ‎ ‎ ‎16.天文工作者观测到某行星的半径为R1,自转周期为T1,它有一颗卫星,轨道半径为R2,绕行星公转周期为T2.若万有引力常量为G,求:‎ ‎(1)该行星的平均密度;‎ ‎(2)此行星赤道上的物体随行星自转的线速度大小v1及该行星的第一宇宙速度v2.‎ ‎【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系;万有引力定律及其应用.‎ ‎【分析】(1)卫星绕行星公转时,根据万有引力提供卫星圆周运动的向心力可以列式求出行星的质量M,进一步求行星的平均密度;‎ ‎(2)根据公式v=求此行星赤道上的物体随行星自转的线速度大小v1.由万有引力等于向心力,求该行星的第一宇宙速度v2.‎ ‎【解答】解:(1)卫星绕行星公转时,由万有引力提供卫星圆周运动所的向心力,得:‎ G=m 解得行星的质量为:M=‎ 行星的平均密度为:ρ==‎ ‎(2)此行星赤道上的物体随行星自转的线速度大小为:v1=‎ 根据万有引力等于向心力,得:‎ G=m 又 M=‎ 联立解得:v2=‎ 答:(1)该行星的平均密度是;‎ ‎(2)此行星赤道上的物体随行星自转的线速度大小v1及该行星的第一宇宙速度v2分别为和.‎ ‎ ‎ ‎17.如图所示,在大小为E,方向竖直向上的匀强电场中,长为L的轻绳一端固定在O点,另一端拴一个带电荷量+q的小球,已知qE=3mg,要使球能在竖直平面内做完整的圆周运动,球在A点的最小速度应为多大?‎ ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动;向心力.‎ ‎【分析】根据对B点受力分析,结合牛顿第二定律,求解B点速度,再由动能定理,结合合力做功,即可求解最小速度.‎ ‎【解答】解:由题意可知,对小球在B点时受力分析,如图所示,‎ 当绳子的拉力0时,小球所达到的速度最小,‎ 由圆周运动的特点,可知,2mg=m;‎ 代入数据,解得,小球在B点的最小速度为:vB=;‎ 在由B到A过程中,运用动能定理,可知,‎ mv2min﹣mvB2=qE•2L﹣mg•2L 代入数据,解得:vA=;‎ 因此A点的小球最小速度为vA=;‎ 答:小球在最高点A的最小速度为 ‎ ‎ ‎ ‎18.[A题]两块水平平行放置的金属板如图(甲)所示,大量电子(已知电子质量为m、电荷量为e)由静止开始,经电压为U0的电场加速后,连续不断地从两板正中间沿水平方向射人两板间.当两板均不带电时,这些电子通过两板之间的时间为3t0;当在两板间加如图(乙)所示的周期为2t0、幅值恒为U的周期性电压时,恰好能使所有电子均从两板间通过.求 ‎(1)这些电子飞离两板间时,侧向位移(即竖直方向上的位移)的最大值symax;‎ ‎(2)这些电子飞离两板间时,侧向位移的最小值symin.‎ ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动.‎ ‎【分析】作出电子在t=0时和t=t0时进入两板间后沿电场方向的速度vy随时间t的变化的vy﹣t图象,图象围成的面积表示侧向的位移,可知从t=0时刻进入,侧向位移最大,从t=t0时刻进入,侧向位移最小.‎ ‎【解答】解:以电子所受电场力的方向为y轴正方向,电子在t=0时和t=t0时进入两板间后沿电场方向的速度vy随时间t的变化的vy﹣t图象分别如图(a)和图(b)所示.‎ ‎(1)设电子被两板间电场加速时加速度的大小为a,两板间距为d,有:‎ v1y=at0 ①‎ ‎ ②‎ 由图(a)可得电子的最大侧移为 ③‎ 而 ④‎ 联立解得 ⑤‎ ‎(2)由图(b)可得电子的最小位移为 解得.‎ 答:(1)侧向位移(即竖直方向上的位移)的最大值.‎ ‎(2)侧向位移的最小值.‎ ‎ ‎ ‎2016年12月8日