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- 2021-06-01 发布
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2020届一轮复习人教版 力学实验拓展与创新 课时作业
1.(2018·河南省鹤壁市调研)某同学用如图1所示的实验装置测量滑块和木板之间的动摩擦因数,滑块上有一宽度为l的挡光片.
图1
(1)他首先测量滑块的加速度.该同学设计的思路是将滑块从距离光电门不同位置处由静止释放,用毫米刻度尺测量出该距离x,用光电门测出对应挡光片的挡光时间t.测出多组x、t的数据.该同学在直角坐标系中作出-x的图象,如果作出的图象为直线,图线的斜率为k,则滑块运动的加速度大小a=________________.
(2)实验中一共挂了三个钩码,如果每个钩码的质量为m,滑块的质量为5m,根据题中所给的数据可求出滑块与木板之间的动摩擦因数μ=________________.(已知重力加速度为g)
2.(2018·福建省宁德市质检)图2甲所示是测量圆盘转动的角速度的实验装置.水平放置的圆盘绕通过圆心的竖直轴匀速转动,圆盘转动时其边缘上固定的挡光片从光电门的狭缝中经过时,光电数字计时器可显示出光线被遮住的时间.图乙是用螺旋测微器测量挡光片的宽度,读数为________mm;图丙是用游标卡尺测量圆盘的直径,读数为________cm;若光电数字计时器显示的时间为50.0ms,则圆盘匀速转动的角速度为________rad/s(保留两位有效数字).
图2
3.(2019·福建省龙岩市质检)某兴趣小组想测量一卷弹性可忽略的尼龙线可承受的最大拉力,他们选择使用拉力传感器和钢卷尺来完成实验.他们首先从整卷线上剪下一段样品线(重力不计),穿上一个质量很小且光滑度很高的小环,然后将线两端分别固定在两根竖直杆上的两个适当位置A、B,如图3所示,用拉力传感器拉住小环,竖直向下逐渐增大拉力,直到将线拉断.
图3
(1)第一次实验测量时,发现传感器的示数已经很大了但仍没有拉断尼龙线,他们分析发现尼龙线的长度不合适,应当将尼龙线长度________(填“加长”或“缩短”).
(2)正确调整后进行第二次实验,竖直向下拉光滑小环,逐渐增大拉力,当观察到传感器示数为F时细线被拉断.
(3)该兴趣小组要想得到尼龙线可承受的最大拉力,还需要测量的物理量是__________(并写出相应的符号).
(4)写出计算承受最大拉力的表达式,Fm=__________.
4.(2018·湖北省部分重点中学联考)学习了“机械能守恒定律”之后,某研究性学习小组自行设计了“探究弹簧的弹性势能与形变量的关系”实验.他们的方法如下:
(1)如图4甲所示,将轻弹簧上端连在固定于铁架台的力传感器上,当用手向下拉伸弹簧时,弹簧的弹力可从传感器读出.用刻度尺测量弹簧的原长和伸长后的长度,从而确定伸长量.测量数据如表格所示.
伸长量x/(×10-2m)
2.00
4.00
6.00
8.00
10.00
弹力F/N
1.60
3.19
4.75
6.38
8.02
(2)以x为横坐标,F为纵坐标,请你在图乙中描绘出弹力与伸长量关系的图线.并由图线求得该弹簧的劲度系数k=________(保留两位有效数字).
图4
(3)取下弹簧,将其一端固定于气垫导轨左侧,如图丙所示.调整导轨至水平,使滑块自由滑动时,通过两个光电门的时间近似相等.
(4)用天平称得滑块的质量m=300g.
(5)用滑块压缩弹簧,记录弹簧的压缩量x;释放滑块,记录滑块脱离弹簧后的速度v,释放滑块过程中,弹簧的弹性势能全部转化为________________.
(6)多次重复(5)中的操作,在弹簧弹性限度内得到v与x的数据整理如下表所示:
1
2
3
4
5
6
x/(×10-2m)
1.00
2.00
3.00
4.00
5.00
6.00
x2/(×10-4m2)
1.00
4.00
9.00
16.00
25.00
36.00
v/(m·s-1)
0.161
0.320
0.479
0.648
0.800
0.954
v2/(m2·s-2)
0.026
0.102
0.229
0.420
0.6400
0.910
mv2/J
0.0039
0.0153
0.0344
0.0630
0.0960
0.1365
(7)结合上面测出的劲度系数k和滑块质量m,可得到表达式:________________.
(8)由上述实验可得的结论:______________________________________________.
答案精析
1.(1) (2)-
解析 (1)滑块到达光电门处的速度v=,滑块从释放点运动到光电门处,由运动学公式有2ax=v2,联立解得=x,可知-x图象的斜率k=,解得a=.
(2)因为不满足钩码的质量远小于滑块的质量,故需要对钩码和滑块整体受力分析,根据牛顿第二定律得3mg-μ×5mg=8m×,解得μ=-.
2.7.980 20.25 1.6
解析 由螺旋测微器读出挡光片的宽度为d=7.5mm+48.0×0.01mm=7.980mm;由游标卡尺读数得圆盘的直径D=202mm+5×0.1mm=202.5mm=20.25cm.圆盘角速度ω=,而θ=×2π,综合两式并代入数据可得ω==rad/s=1.6rad/s.
3.(1)缩短 (3)两杆之间的距离d,尼龙线的长度l
(4)
解析
(1)对小环受力分析,如图所示.根据平衡条件得2FTcosθ=F,解得FT=,当尼龙线的长度缩短时,两尼龙线之间的夹角增大,则cosθ减小,故在相同大小的力F作用下,拉力FT增大,更容易达到尼龙线的最大拉力,故应缩短尼龙线的长度.
(3)(4)设两杆之间的距离d,两杆之间细线的有效长度l,由几何关系得cosθ=,则Fm=.
4.(2)见解析图 80N/m(80~85均可)
(5)滑块的动能
(7)kx2=mv2或者kx2=mv2
(8)在实验误差允许的范围内,弹簧的弹性势能与形变量的平方成正比
解析 (2)根据数据画出的F-x图象如图:
根据图象可得k==80N/m.
(5)释放滑块过程中,弹簧的弹性势能全部转化为滑块的动能.
(7)根据测出的数据,归纳可得kx2=mv2.
(8)由上述实验可得的结论:在实验误差允许的范围内,弹簧的弹性势能与形变量的平方成正比.