云南省昆明市官渡区第一中学2019-2020学年高一上学期期中考试物理试题 14页

云南省昆明市官渡区第一中学2019-2020学年高一上学期期中考试物理试题 一、选择题 ‎1.昆明高铁的开通,大幅缩短了沿线各城市的时空距离,昆明到贵州线路全长520.7千米,从昆明乘坐动车到贵州只需要2小时7分,设计时速可达‎350 km/h,下列说法正确的是(  )‎ A. 2小时7分是指时刻 B. 全长520.7千米指位移 C. ‎350 km/h指瞬时速度 D. 研究动车完全通过短隧道的时间,动车可看成质点 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 2小时7分是指从昆明到贵州所用时间的长度，是指时间间隔，故A项错误；‎ B. 全长520.7千米指的是从昆明到贵州经过的路线的长度，是指路程，故B项错误；‎ C. 最高时速可达‎300km/h，是某时刻的速度，指瞬时速度，故C项正确；‎ D. 研究动车完全通过短隧道的时间，动车的长度不能忽略，不可看成质点，故D项错误。‎ ‎2.中国是少数掌握空中加油技术的国家之一,我国自行研制的战斗机“歼‎-20”‎可以实现在空中加油,以下列的哪个物体为参考系时加油机是运动的(   )‎ A. “歼‎-20”‎战斗机 B. 地面上的房屋 C. 加油机中的飞行员 D. “歼‎-20”‎战斗机里的飞行员 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.加油机相对于“歼−‎10”‎战斗机位置不变，以“歼−‎10”‎战斗机为参照物，加油机是静止的，故A项错误。‎ B. 加油机相对于地面上的房屋位置不断变化，以地面上的房屋为参照物，加油机是运动的，故B项正确； ‎ C. 加油机相对于加油机中的飞行员位置不变，以加油机中的飞行员为参照物，加油机是静止的，故C错误；‎ D. 加油机相对于“歼−‎10”‎战斗机里的飞行员位置不变，以“歼−‎10”‎战斗机里的飞行员为参照物，加油机是静止的，故D项错误。‎ ‎3.关于速度、速度的变化量和加速度的关系,下列说法中正确的是(   )‎ A. 速度变化量的方向为正,加速度的方向也为正 B. 物体加速度增大,速度一定越来越大 C. 速度大,加速度一定也大 D. 速度为零时,加速度不可能很大 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 根据加速度的定义，加速度的方向与速度变化量的方向相同，速度变化量的方向为正，加速度的方向也为正，故A项正确；‎ B.加速度增大，速度不一定增大，当加速度方向与速度方向相反时，加速度增大，速度减小。故B项错误；‎ C.速度大，加速度不一定大。如匀速运行的高铁，速度大，但加速度为零，故C项错误；‎ D.加速度描述物体速度变化快慢。速度为零时，加速度也可能很大，如刚要发射的火箭，故D项错误。‎ ‎4.下列关于重力的说法，正确的是( )‎ A. 重力的方向总是垂直支持物体的支持面,并向下 B. 物体的重力跟质量成正比，重力的方向总是垂直地面向下 C. 在地面附近，重力的方向总是竖直向下，物体静止时与运动时，其重力大小是不变的 D. 由于地球是一个大球体，所以重力的方向是无法确定的 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.重力方向总是竖直向下的，与水平面垂直，不一定垂直支持面，故A项错误；‎ B.根据G=mg，物体所受重力跟它的质量成正比，重力方向总是竖直向下的，不一定垂直地面向下，故B项错误；‎ CD.在地面附近，重力加速度不变，根据G=mg，物体受到的重力大小不变，方向竖直向下。与运动状态无关，故C项正确，D项错误。‎ ‎5.让一小石块从井口自由落下，经过2s后听到石块落水的声音，则井口到水面的距离最接近 A. ‎10m B. ‎20m C. ‎30m D. ‎‎40m ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据求出井口到水面的距离。‎ ‎【详解】根据解得：‎ 故选：B。‎ ‎【点睛】解决本题关键掌握自由落体运动的位移时间公式 ‎6.伽利略对自由落体运动的研究，采用了实验和逻辑思维相结合的科学方法，图示大致反映了这一研究过程，下列说法正确的是（ ）‎ A. 甲是真实的实验现象，丁是经合理外推的结论 B. 利用斜面做实验，解决了时间难以测量的困难 C. 甲图实验，可“冲淡”重力的作用，使现象更明显 D. 丁图实验，可“放大”重力的作用，使现象更明显 ‎【答案】ABC ‎【解析】‎ 试题分析：甲乙丙均是实验现象，丁图是经过合理的外推得到的结论，故A正确；伽利略的时代无法直接测定瞬时速度，就无法验证v与t成正比的思想，伽利略通过数学运算得到，若物体初速度为零，且速度随时间均匀变化，即v正比于t，那么它通过的位移与所用时间的二次方成正比，只要测出物体通过不同位移所用的时间就可以验证这个物体的速度是否随时间均匀变化．由于伽利略时代靠滴水计时，不能测量自由落体所用的时间，伽利略让铜球沿阻力很小的斜面滚下，由于沿斜面下滑时加速度减小，所用时间长得多，所以容易测量．这个方法叫“冲淡”重力，故BC正确，D错误。‎ 考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法 ‎【名师点睛】本题考查的就是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生了解并知道的，看的就是学生对课本内容的掌握情况。‎ ‎7.物体在一段路程上做单向直线运动，全程的平均速度v=‎1.5m/s，后半段路程中的平均速度为v2=‎1m/s，则这个物体在前半段路程的平均速度为（ ）‎ A. ‎1.25‎m‎/s B. ‎1.5m/s C. ‎2 m/s D. ‎3m/s ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】设前半段路程的平均速度为v1，全程路程为2x，根据平均速度的定义：‎ 代入数据得：‎ v1=‎3m/s A. ‎1.25‎m‎/s。故A项错误；‎ B. ‎1.5m/s。故B项错误； ‎ C. ‎2 m/s。故C项错误； ‎ D. ‎3m/s。故D项正确。‎ ‎8.设物体运动的加速度为a、速度为v、位移为s.现有四个不同物体的运动图象如图所示，假设物体在t＝0时的速度均为零，则其中表示物体做单向直线运动的图象是( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.图中，物体在0～2 s速度为正，沿规定的正方向运动；物体在2～4 s速度为负，沿规定正方向的反方向运动；物体不是做单向直线运动，选项A不符合题意．‎ B.图中物体在0～1 s内位移增大，沿规定的正方向运动；物体在1～2 s位移减小，沿规定正方向的反方向运动；物体不是做单向直线运动，选项B不符合题意．‎ C.图中物体在在0～1 s内做匀加速运动，沿规定的正方向运动；物体在1～2 s 做匀减速运动，第2 s速度恰好变成0，在1～2 s内做速度减小的正方向运动．然后重复上面的过程，物体做单向直线运动，选项C符合题意．‎ D.图中物体在在0～1 s内做匀加速运动，沿规定的正方向运动；物体在1～2 s做匀减速运动，第2 s速度恰好变成0，在1～2 s内做速度减小的正方向运动；物体在在2～3 s内做反方向的匀加速运动，沿规定正方向的反方向运动，物体不是做单向直线运动，选项D不符合题意。‎ ‎9.物体沿某一直线运动的速度v与时间t的关系为（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（ ）‎ A. 物体在做匀速直线运动 B. 物体的初速度为‎3 m/s C. 物体的加速度为‎6m/s2‎ D. 1s内物体速度增量为‎3 m/s ‎【答案】D ‎【解析】‎ 详解】对照匀变速直线运动速度时间公式v=v0+at，与题目中对比可得，初速度v0=‎2m/s，加速度a=‎3m/s2‎ A.物体做匀加速直线运动，故A项错误；‎ B. 物体的初速度为‎2m/s，故B项错误；‎ C.物体的加速度为‎3m/s2，故C项错误；‎ D.任意1s内的速度增量△v=at=2×1=‎3m/s，故D项正确。‎ ‎10.体育课上一学生将足球踢向斜台，如图所示，下列关于足球和斜台作用时斜台给足球的弹力方向的说法正确的是(　　)‎ A. 沿v1的方向 B. 沿v2的方向 C. 先沿v1的方向后沿v2的方向 D. 沿垂直于斜台斜向左上方的方向 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】支持力是弹力，方向总是垂直于接触面，并指向被支持物.所以斜台给篮球的弹力的方向为垂直斜台向左上方方向.‎ A.沿v1的方向与分析结果不相符；故A项错误.‎ B.沿v2的方向与分析结果不相符；故B项错误.‎ C.先沿v1的方向后沿v2的方向与分析结果不相符；故C项错误.‎ D.沿垂直于斜台斜向左上方的方向与分析结果相符；故D项正确.‎ ‎11.甲乙两汽车在一平直公路上行驶。在t=0到t=t1的时间内,它们的v–t图象如图所示。在这段时间内(   )‎ A. 甲乙两汽车的位移大小相等 B. 乙汽车的平均速度小于 C. 甲汽车做加速度逐渐增大的加速运动 D. 乙汽车做加速度逐渐减小的减速运动 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】A.由于图线与坐标轴所夹的面积表示物体的位移，则知在0～t1时间内，甲车的位移大于乙车，故A项错误；‎ B.若汽车乙做匀减速运动，速度从v2减小到v1，平均速度等于。而乙实际上做变减速运动，其位移小于匀减速运动的位移，所以平均速度小于匀减速运动的平均速度，故B项正确；‎ CD. 图线切线的斜率等于物体的加速度，则甲乙两车的加速度均逐渐减小，甲汽车做加速度逐渐减小的加速运动，乙汽车做加速度逐渐减小的减速运动，故C项错误，D项正确。‎ ‎12.如图所示,a、b、c三个物体在同一条直线上运动,其位移-时间图象中,图线c是一条的抛物线.有关这三个物体在0-5 s内的运动,下列说法正确的是(   )‎ A. c物体做匀加速直线运动 B. a物体做匀加速直线运动 C. t=5 s时,a物体速度比c物体速度大 D. a、b两物体都做匀速直线运动,且速度不相同 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】A.图线c是一条 的抛物线，结合可知，c做初速度为0，加速度为‎0.8m/s2的匀加速直线运动，故A项正确；‎ B.位移图象中倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，则知a两物体都匀速直线运动，故B项错误；‎ C.图象的斜率大小等于速度大小，根据图象可知，t=5s时，c物体速度比a物体速度大大，故C项错误；‎ D. 由图看出，a、b两图线的斜率大小相等、正负相反，说明两物体的速度大小相等、方向相反，所以速度不同，故D项正确。‎ ‎13.如图所示，光滑斜面AE被分成四个等长的部分，一物体由A点从静止释放，下列结论正确的是（ ）‎ A. 物体到达各点的速率之比 B. 物体到达各点的速率之比 C. 物体的时间之比 D. 物体运动中 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.根据运动学公式得物体由A点从静止释放，所以有：，所以物体到达各点的速率之比：‎ ‎，‎ 故A项错误，B项正确；‎ B.根据运动学公式得：‎ ‎ ，‎ 物体到达C点和到达E经历的时间：‎ ‎ ，‎ 所以物体经过AC段和经过CE段的时间之比：‎ ‎，‎ 故C项正确；‎ D.由于从A到B与从B到C时间不相等，根据，‎ ‎，‎ 故D项错误。‎ ‎14. 如图所示，为一轻质弹簧的长度和弹力大小的关系．根据图象判断，正确的结论是（ ）‎ A. 弹簧劲度系数为1 N/m B. 弹簧的劲度系数为100 N/m C. 弹簧的原长为‎6 cm D. 弹簧伸长‎0.2 m时，弹力的大小为4 N ‎【答案】BC ‎【解析】‎ 解：‎ C、由图读出，弹簧的弹力F=0时，弹簧的长度为L0=‎6cm，即弹簧的原长为‎6cm，故C正确；‎ A、B、由图读出弹力为F1=2N，弹簧的长度为L1=‎4cm，弹簧压缩的长度 x1=L0﹣L1=‎6cm﹣‎4cm=‎2cm=‎0.02m；‎ 由胡克定律得：弹簧的劲度系数为k===100N/m；故A错误，B正确；‎ D、弹簧伸长‎0.2m时，弹力的大小为 F=kx=100×0.2=20N，故D错误；‎ 故选：BC．‎ ‎【点评】在胡克定律公式f=kx中，要注意x是弹簧伸长或压缩的长度，不是弹簧的长度，弹力是与形变量成正比，而不是弹簧的长度成正比．‎ 二、填空题 ‎15.在利用打点计时器做“研究匀变速直线运动”的实验中,图1所示为记录小车某一次运动情况的纸带,图中A、B、C、D、E为相邻的计数点,相邻计数点间的时间间隔T=0.1 s.‎ ‎（1）根据纸带计算各点瞬时速度:=_____m/s,=_____m/s, =______m/s ‎（2）请在如图2所示坐标系中作出小车的v-t图象____,并利用图像求出a=____m/s2.(结果均保留三位有效数字)‎ ‎【答案】 (1). 3.90 (2). 2.64 (3). 1.38 (4). 如图所示：‎ ‎ (5). 12.3‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）根据匀变速运动中间时刻的瞬时速度等于平均速度。‎ ‎[1]打D点的瞬时速度：‎ ‎；‎ ‎[2]打C点的瞬时速度：‎ ‎；‎ ‎[3]打B点的瞬时速度：‎ ‎；‎ ‎（2）[4]根据速度的大小作出v−t图线，如图所示：‎ ‎；‎ ‎[5]图线的斜率等于加速度，所以：‎ ‎。‎ ‎16.在利用自由落体运动测当地重力加速度的实验中，得到了如图所示的纸带。设纸带上连续三个点间的位移分别为、（如图所示），相邻两个点间的时间间隔为T， 则在操作步骤中 ‎(1)调整装置时，打点计时器必须竖直放置，这是为了___________________；‎ ‎(2)实验操作时，应先________，再释放纸带；‎ ‎(3)利用实验所得，可求出当地重力加速度g=__________（请用相关字符表示）‎ ‎【答案】 (1). 减小阻力，保证物体做自由落体运动 (2). 应先接通电源 (3). =‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）[1]为了减少纸带与限位孔间的摩擦阻力带来的误差，打点计时器的两个限位孔中心连线应在一条竖直线上；‎ ‎（2）[2]为了在纸带上得到更多的点，实验操作时，先接通打点计时器电源，再释放纸带；‎ ‎（3）[3] 根据匀变速运动的推论，当地重力加速度：‎ 三、计算题 ‎17.汽车刹车进站初速度为‎5m/s，刹车后汽车获得加速度大小为‎0.4m/s2．求:‎ ‎（1）经过10s时汽车的速度；‎ ‎（2）汽车14s内滑行的距离 ‎【答案】（1）‎1m/s；（2）‎‎31.25m ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）匀减速运动，末速度为0，由v=v0+at得：‎ ‎10s时，汽车并未停止，根据，经过10s时汽车的速度为：‎ ‎（2）由于汽车经12.5s停止，所以由得14s内滑行的距离：‎ ‎18.一列火车由静止从车站出发作匀加速直线运动，一位观察者站在这列火车第一节车厢的前端，经过4s，第一节车厢全部通过观察者所在位置；全部车厢从他身边通过历时20s．设各节车厢长度相等，且不计车厢间距离，则 ‎（1）这列火车共有多少节车厢；‎ ‎（2）最后九节经过他历时多少。‎ ‎【答案】(1) n=25 (2) 4s ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）设每节车厢长度为s，火车共有n节车厢．则有：s=at12 ， ns=at2 解得：节 ‎（2）根据ns=at2，当n=16时，解得t16=16s；则最后九节经过他历时：20s-16s=4s。‎ ‎【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，本题求解最后一节车厢的时间时，也可以通过初速度为零的匀加速直线运动推论求解，即在通过连续相等位移时间之比为1：( −1)：( −)：…：( −).‎ ‎19.小明乘坐的热气球正以‎10m/s的速度匀速竖直上升,某时刻不慎从气球上掉下一个物体,不计空气阻力,经6s到达地面。已知物体运动过程中的加速度均为g，求物体刚脱离气球时气球距离地面的高度。()‎ ‎【答案】‎‎120m ‎【解析】‎ ‎【详解】物体脱离气球后做竖直上抛运动，v0=‎10m/s，设物体刚离开气球时距地面的高度为h，取初速度的方向为正方向，则有：‎ 即：‎ 所以物体刚脱离气球时气球距离地面的高度是120 m.‎ ‎20.一辆汽车在十字路口等候绿灯，当绿灯亮时开始启动汽车，恰在此时一辆自行车以6m/s的速度通过路口并匀速前行。已知汽车启动时间为3s，随后以3m/s2的加速度开始加速行驶，求：‎ ‎(1)汽车追上自行车之前两车相距最远距离。‎ ‎(2)追上自行车时汽车的速度。‎ ‎【答案】（1）24m；（2）18m/s ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）汽车启动后速度由零逐渐增大，而自行车速度是定值，当汽车的速度小于自行车的速度时，两者距离越来越大，当汽车的速度大于自行车的速度时，两者距离越来越小。所以当两车的速度相等时，两车之间距离最大。‎ 设经过时间t速度相等，根据速度时间关系，有 ‎，‎ 代入数据得：t=5 s.‎ 它们之间的距离：‎ ‎（2）汽车追上自行车时，两车位移相等。则： ‎ ‎，‎ 代入数据得：‎ t′=9 s，t′=1 s（舍去）‎ 汽车的速度：‎