山西省朔州怀仁某校2018-2019学年高二上学期第三次月考物理试卷 6页

物 理 试 题 ‎ ‎ 一、选择题（共14个小题，1-9为单选题， 10-14为多选题，每题4分，共56分，错选不得分，漏选得2分）‎ ‎1、下列说法错误的是（ ）‎ A. 法拉第首先引入了电场线的概念 B. R=U/I是电阻的定义式，I=U/R是欧姆定律的表达式 C. 电场强度为零，电势也为零 D. 静电场中用Ep=qφ计算电势能时需要考虑电荷量的正负 ‎2、如图所示是一个电路的一部分，其中R1=5Ω，R2=1Ω，R3=3Ω，I1=0.2A，I2=0.1A，‎ 那么电流表测得的电流为（ ）‎ A．0.2A，方向向左 B．0.15A，方向向左 ‎ C．0.2A，方向向右 D．0.3A，方向向右 ‎3、静电场在x轴上的电势φ随x的变化关系如图所示，带正电的点电荷只受电场力作用下沿x轴正向运动，则点电荷 （ ）‎ A. 由x1运动到x3的过程中电势能先减小后增大 B. 由x1运动到x3的过程中加速度不断增大 C. 在x1处和x4处的加速度方向相反 D. 可能在x2和x4之间往复运动 ‎4、下列粒子从静止状态经过电压为U的电场加速后，速度最大的是（ ）‎ A．质子 B．氘核 C．α粒子 D．钠离子 ‎5、如图所示，滑动变阻器阻值变化范围为0～R，定徝电阻阻值为R0，设A、B两端电压恒为U，要使R0获得U/2的电压，应把滑动变阻器的滑片P移到（ ） A.R的中点偏下 B.R的最上端 C.R的中点 D.R的中点偏上 ‎6、如图所示，在匀强电场中，将质量为m、带电荷量为q的一带电小球由静止释放，如果带电小球的运动轨迹为一直线，该直线与竖直方向的夹角为θ，考虑重力，那么匀强电场的场强大小是( )‎ A．惟一值是mgtanθ/q B．最大值是mgtanθ/q ‎ C．最小值是mgsinθ/q D．最小值是mgcosθ/q ‎ ‎7、如图所示，长为L的绝缘轻杆一端固定一质量为m，带电量为+q的带电小球，另一端装在转动轴O点，杆可在竖直平面内绕轴O无摩擦地转动，整个装置处于竖直向下的匀强电场中，场强E=mg/q．若在最低点P处给小球一沿切线方向的初速度，让小球在竖直面内作完整圆周运动，不计空气阻力，则（ ‎ ‎ ） A．运动过程中小球机械能守恒 B．当小球运动到最高点Q时电势能最小 C．从最高点Q到最低点P的过程中，小球重力势能的减少量等于动能的增量 D．从最高点Q到最低点P的过程中，电场力对小球做正功，小球机械能增加 ‎8、如图所示，平行板电容器与电动势为E的电流电源连接，上极板A接地，一带负电油滴固定于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板B竖直向下移动一小段距离，则（ ）‎ A．带电油滴所受电场力不变 B．P点的电势将升高 C．带电油滴的电势能增大 D．电容器的电容减小，极板带电量增大 ‎9、如图所示A、B为两块水平放置的金属板，通过闭合的开关S分别与电源两极相连，两板中央各有一个小孔a和b，在a孔正上方某处一带电质点由静止开始下落，不计空气阻力，该质点到达b孔时速度恰为零，然后返回。现要使带电质点能穿出b孔，可行的方法是（ ）‎ A．保持S闭合，将B板适当上移 B．保持S闭合，将B板适当下移 C．先断开S，再将A板适当上移 ‎ D．先断开S，再将B板适当下移 ‎10、（多选）用完全相同的四个表头改装成两个量程不同的电流表和两个量程不同的电压表，下列说法正确的是（ ）‎ A、将两个电流表并联时，偏角相同，读数不同 B、将两个电流表串联时，偏角相同，读数不同 C、将两个电压表串联时，偏角相同，读数不同 D、将大量程电流表和小量程电压表串联后，电流表偏角小 ‎11、（多选）一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，受重力、电场力和空气阻力 三个力作用．若小球的重力势能增加3J，机械能增加0.5J，电场力对小球做功1J，‎ 则下列判断正确的是（ ）‎ A．克服重力做功为3J B．电势能增加1J ‎ C．克服空气阻力做功0.5J D．动能减少2.5J ‎12.如图所示，竖直放置的两个平行金属板间有匀强电场，在两板之间等高处有两个质量相同的带电小球（不计两带电小球之间的电场影响），P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q小球从两极板正中央由静止开始释放，两小球沿直线运动都打到右极板上的同一点，则从开始释放到打到右极板的过程中（　　）‎ A． 它们的运动时间的关系为tP＞tQ B．它们的电荷量之比为qp：qQ=2：1‎ C．它们的动能增量之比为△EKP：△EKQ=2：1‎ D．它们的电势能减少量之比为△EP：△EQ=4：1‎ ‎13.（多选）13、示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示.如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的:（ ）‎ A． 极板x应带正电  B．极板x'应带正电 ‎ C．极板y应带正电  D．极板y'应带正电 ‎14、（多选）小灯泡通电后其电流 I 随所加电压 U 变化的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为图线的切线，PQ 为U 轴的垂线，PM 为 I 轴的垂线．则下列说法中正确是 （ ）‎ A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大 B．对应P点，小灯泡的电阻为R=U1/I2‎ C．对应P点，小灯泡的电阻为R=U1/（I2-I1）‎ D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积大小 第二题：实验题（共6分，每空2分）‎ ‎15、在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx约为200Ω，电压表V的内阻约为2kΩ，电流表A的内阻约为10Ω，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，结果由公式Rx=U/I计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的示数．若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别极为Rx1和Rx2，则______（填“Rx1”或“Rx2”）更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx1______（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值，测量值Rx2______（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值．‎ ‎ ‎ 第三题：计算题（共38分，第16题6分，第17题9分，第18题10分，第19题13分）‎ ‎16、一匀强电场，场强方向是水平的（如图）．一个质量为m的带正电的小球，从O点出发，初速度的大小为v0，在电场力与重力的作用下，恰能沿与场强的反方向成θ角的直线运动．求小球运动到最高点时其电势能与在O点的电势能之差． ‎ ‎17、有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路时，电机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1.0A.求 （1）电动机线圈的电阻R （2）电动机正常工作时输出的功率为多少？ （3）电动机正常工作时的转子突然被卡住，则电动机热功率是多少？‎ ‎18、如图所示，A、B是位于竖直平面内、半径R＝0.5 m的圆弧形的光滑绝缘轨道，其下端点B与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度E＝5×103 N/C。今有一质量为m＝0.1 kg、带电荷量q＝＋8×10－5 C的小滑块（可视为质点）从A点由静止释放。若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数μ＝0.05，取g＝10 m/s2，求： （1）小滑块第一次经过圆弧形轨道最低点B时对B点的压力； （2）小滑块在水平轨道上通过的总路程。‎ ‎19、如图所示，一个电子由静止开始经加速电场加速后，又沿中心轴线从O点垂直射入偏转电场，并从另一侧射出打到荧光屏上的P点，O¢点为荧光屏的中心。已知电子质量m=9.0×10-31kg，电荷量e = 1.6×10-19C，加速电场电压U0 = 2500 V，偏转电场电压U = 200 V，极板的长度L1= 6.0 cm，板间距离d= 2.0 cm，极板的末端到荧光屏的距离L2=3.0cm（忽略电子所受重力，结果保留两位有效数字）。求：‎ ‎（1）电子射入偏转电场时的初速度v0；‎ ‎（2）电子打在荧光屏上的P点到O’点的距离h；‎ ‎（3）电子经过偏转电场过程中电场力对它所做的功W。‎ 物理答案 一、 选择题 题号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ ‎13‎ ‎14‎ 答案 C A C A D C D B B ACD ACD BD　‎ AC ABD 二、 实验题 ‎15：RX1 大于 小于 三、 计算题：‎ ‎16题解析：设电场强度为E，小球带电 荷量为q，因小球做直线运动，它受的电场力qE和重力mg的合力必沿此直线，如下图.‎ mg=qEtanθ ‎    由此可知，小球做匀减速运动的加速度大小为a=‎ ‎    设从O到最高点的路程为s，v02=2as ‎    运动的水平距离为l=scosθ ‎    两点的电势能之差ΔW=qEl 由以上各式得ΔW= mv02cos2θ/2‎ ‎17题（1）0.5Ω （2）1.5W（3）8W ‎18题(1)设小滑块第一次到达B点时的速度为vB，对圆弧轨道最低点B的压力为F，则：‎ mgR－qER＝mv          F－mg＝m 故F＝3mg－2qE＝2.2 N. 5分 ‎(2)由题意知qE＝8×10－5×5×103 N＝0.4 N μmg＝0.05×0.1×10 N＝0.05 N    因此有qE＞μmg 所以小滑块最终在圆弧轨道的BC部分往复运动(C点离水平面的高度h满足关系式)‎ mgh＝qE 所以小滑块在水平轨道上通过的总路程x满足mgR－qER＝μmg·x 解得：x＝6 m. 5分 ‎19题（1）根据动能定理， （3分），得 带入数据得 （1分）‎ ‎（2）设电子在偏转电场中运动的时间为t，电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量。‎ 电子在水平方向做匀速直线运动L1 = v0t （1分）‎ ‎- - - - - - - ‎ ‎+ + + + + + +‎ L1 ‎ U0 ‎ v0‎ L2 ‎ O O¢ P 荧光屏 h 电子在竖直方向上做匀加速运动 （1分）‎ 根据牛顿第二定律 （2分） ‎ 联立得=‎ 代入数据得= 0.36 cm 电子离开偏转电场时速度的反向延长线过偏转电场的中点，‎ 由图知， 解得h = 0.72 cm （2分）‎