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- 2021-06-02 发布
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2016-2017学年第一学期阜城中学高三年级月考
物 理 试 题
考生注意:
答题前,考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上,并认真填涂准考证号。
选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再涂选其它答案标号。实验填空题及计算题用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答,在试题卷上作答,答案无效。
考试结束后,将答题卡交回,试题部分考生自己保留。
一、选择题:本题共12小题,每小题5分。在每小题给出的四个选项中,第1-8题只有一项符合题目要求,第9-12题有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.
1.小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上,P球的质量大于Q球的质量,悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短.将两球拉起,使两绳均被水平拉直,如图所示.将两球由静止释放.在各自轨迹的最低点,( )
A.P球的速度一定大于Q球的速度
B.P球的动能一定小于Q球的动能
C.P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力
D.P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度
2.一个质量为50kg的人,从静止开始以0.5m/s2的加速度在水平面上向右加速跑动,在t=5时又以0.5m/s2减速跑动,速度变为0后,再以0.5m/s2 的加速度返向跑动5s , 在这段时间内地面的摩擦力对人做的功为( )
A.J B.J C.J D.0
3.如图所示,A、B是点电荷负Q形成的电场中的两点(rA<rB).若先后把带电量很小,不会影响Q形成电场的正点电荷q1、q2(q1>q2)分别放到A点和B点,q1、q2在A点受到的电场力分别为FA1、FA2,在B点受到的电场力分别为FB1、FB2.则下列关于点电荷所受电场力F和带电量q的比值的大小的比较中,正确的说法是( )
A.
B.
C.
D.
4.甲、乙两个溜冰者质量分别为48kg和50kg,甲手里拿着质量为2kg的球,两人均以2m/s的速率,在光滑的冰面上沿同一直线相向滑行,甲将球传给乙,乙再将球传给甲,这样抛接几次后,球又回到甲的手里,乙的速度为零,则甲的速度的大小为( )
A.0 B.2m/s C.4m/s D.无法确定
5. 如下四个电场中,均有相互对称分布的a、b两点,其中电势和场强都相同的是( )
A B C D
6.如图所示,质量为m的小球A以水平速率v与静止在光滑水平面上质量为3m的小球B发生正碰后,小球A的速率变为,则碰后B球的速度为(以v的方向为正方向)( )
A. B. C. D.
7.如图,质量为3kg的木板放在光滑水平面上,质量为1kg的物块在木板上,它们之间有摩擦力,木板足够长,两者都以4m/s的初速度向相反方向运动,当木板的速度为2.4m/s时,物块( )
A.静止不动 B.匀速运动 C.减速运动 D.加速运动
8.如图所示,两个带有同种电荷的小球,用绝缘细线悬挂于O点,若q1>q2,l1>l2,平衡时两球到过O点的竖直线的距离相等,则( )
A. B.
C. D. 无法确定
9如图所示,等质量同种正电荷固定在M、N两点,虚线框ABCD是以MN连线的中点为中心的正方形,其中G、H、E、F分别为四条边的中点,则以下说法中正确的是( )
A.若A点电势为5V,则B点电势为5V
B.同一正电荷在A点具有的电势能大于在D点具有的电势能
C.在G点释放一个带正电粒子(不计重力),粒子将沿GH连线向H点运动
D.在E点释放一个带正电粒子(不计重力),粒子将沿EF连线向F点运动
10.在地面上方某一点将一小球以一定的初速度沿水平方向抛出,不计空气阻力,则小球在随后的运动中( )
A.速度和加速度的方向都在不断变化
B.速度与加速度方向之间的夹角一直减小
C.在相等的时间间隔内,动量的改变量相等
D.在相等的时间间隔内,动能的改变量相等
11.如图,两质量均为m的小球,通过长为L的不可伸长轻绳水平相连,从某一高处自由下落,下落过程中绳处于水平伸直状态.在下落h高度时,绳的中点碰到水平放置的光滑钉子O.重力加速度为g,空气阻力不计,则( )
A.小球从开始下落到刚到达最低点的过程中机械能守恒
B.从轻绳与钉子相碰到小球刚到达最低点的过程,重力的瞬时功率先增大后减小
C.小球刚到达最低点时速度大小为
D.小球刚到达最低点时的加速度大小为
12.一质量为0.1kg的小球自t=0时刻从水平地面上方某处自由下落,小球与地面碰后反向弹回,不计空气阻力,也不计小球与地面碰撞的时间,小球距地面的高度h与运动时间t关系如图所示,取g=10m/s2.则( )
A.小球第一次与地面碰撞后的最大速度为10m/s
B.小球与地面碰撞前后动量守恒
C.小球第一次与地面碰撞时机械能损失了15J
D.小球将在t=6s时与地面发生第四次碰撞
二、实验填空题。在下面的13、14小题中共有五处横线空白,将其填充完整并填入答题纸相应题号空白处。每空3分,共计15分。
13.利用图示装置进行验证机械能守恒定律的实验时,需要测量物体由静止开始自由下落到某点时的瞬时速度v和下落高度h.某小组同学对实验得到的纸带,设计了以下四种测量方案.
A.用刻度尺测出物体下落高度h,用打点间隔数测出下落时间t,通过v=gt计算出瞬时速度v.
B.用刻度尺测出物体下落的高度h,并通过v=计算出瞬时速度v.
C.根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度,等于这点前后相邻两点间的平均速度,测算出瞬时速度v,并通过h=计算得出高度h。
D.用刻度尺测出物体下落的高度h,根据做匀变速直线运动时,纸带上某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度,测算出瞬时速度v.
以上方案中只有一种正确,正确的是______.(填入相应的字母)
14.两位同学用如图甲所示装置,通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律.
①实验中必须满足的条件是 .
A.斜槽轨道尽量光滑以减小误差
B.斜槽轨道末端的切线必须水平
C.入射球A每次必须从轨道的同一位置由静止滚下
D.两球的质量必须相等
②测量所得入射球A的质量为mA,被碰撞小球B的质量为mB
,图甲中O点是小球抛出点在水平地面上的垂直投影,实验时,先让入射球A从斜轨上的起始位置由静止释放,找到其平均落点的位置P,测得平抛射程为OP;再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放,与小球B相撞,分别找到球A和球B相撞后的平均落点M、N,测得平抛射程分别为OM和ON.当所测物理量满足表达式 时,即说明两球碰撞中动量守恒;如果满足表达式 时,则说明两球的碰撞为完全弹性碰撞.
③乙同学也用上述两球进行实验,但将实验装置进行了改装:如图乙所示,将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上,用来记录实验中球A、球B与木条的撞击点.实验时,首先将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触,让入射球A从斜轨上起始位置由静止释放,撞击点为B′;然后将木条平移到图中所示位置,入射球A从斜轨上起始位置由静止释放,确定其撞击点P′;再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放,与球B相撞,确定球A和球B相撞后的撞击点分别为M′和N′.测得B′与N′、P′、M′各点的高度差分别为h1、h2、h3.若所测物理量满足表达式 时,则说明球A和球B碰撞中动量守恒.
三.计算论述题,其中15小题10分,16小题12分,17小题13分,共计25分。
15.(10分)如图所示,空间存在一水平向右的有界匀强电场,电场上下边界的距离为d,左右边界足够宽.现有一带电量为+q、质量为m的小球(可视为质点)以竖直向上的速度从下边界上的A点进入匀强电场,且恰好没有从上边界射出,小球最后从下边界的B点离开匀强电场,若A、B两点间的距离为4d,重力加速度为g,求:
(1)匀强电场的电场强度;
(2)小球在B点的动能;
16.(12分)在地面上以初速度竖直向上抛出一物体,返回抛出点时物体的速度大小为,假设物体运动过程中受到的空气阻力大小不变,重力加速度为,求物体在空中运动的时间.
17.(13分)如图所示,轻质弹簧将质量为m的小物块连接在质量为M(M=3m)的光滑框架内。小物块位于框架中心位置时弹簧处于自由长度.现设框架与小物块以共同速度沿光滑水平面向左匀速滑动.
(1)若框架与墙壁发生碰撞后速度为零,但与墙壁不粘连,求框架脱离墙壁后的运动过程中,弹簧弹性势能的最大值.
(2)若框架与墙壁发生碰撞以一定速度反弹,在以后过程中弹簧的最大弹性势能为,求框架与墙壁碰撞时损失的机械能ΔE1.
2016-2017学年第一学期阜城中学高三年级月考
物理试题参考答案
1.C 2.D 3.C 4.A 5.B 6.D 7.D 8.C 9.AD 10.BC 11.ABD 12.AC
13.D (3分)
14.① BC(答对一个得1分,选全都对得3分)
② (3分)
(3分)
③ (3分)
15.解:(1)设电场强度为E,小球从A运动到B的时间为t,则:
对水平方向上有: (2分)
对竖直方向上,由运动的对称性有: (2分)
联立解得: (1分)
(2)设小球进入电场时的速度为v0,小球到达B点时的动能为EK,则:
对竖直方向上有: (2分)
对小球从A到B点的过程由动能定理得: (2分)
联立解得: (1分)
16.解:设物体运动中受到的空气阻力大小为f,上升的最大高度为h,根据动能定理可得:
上升过程中:(2分)
下降过程中:(2分)
联立解得: (1分) (1分)
上升过程由牛顿第二定律得:mg+f =ma1(1分)
下降过程由牛顿第二定律得:mg-f =ma2(1分)
根据运动学公式可得:
0-v0=a1t1 (1分)
(1分)
联立以上各式解得:t=t1+t2=(2分)
17.(1)框架与墙壁碰撞后,物块以压缩弹簧,后又返回,当返回原位时框架开始离开,由机械能守恒知,此时物块速度是方向向右。设弹簧有最大势能时共同速度为v
由动量守恒定律知 m=4mv (2分)
由能量守恒定律 =+ EP (2分)
即为 EP= (2分)
(2)设框架反弹速度为 最大势能时共同速度为v 则
由动量、能量守恒定律得
3m—m=4mv (2分)
(2分)
解得:9+18—7=0 = (舍去) (1分)
△ E1== (2分)
教学引伸:在(2)情形下试判定框架与墙壁能否发生第二次碰撞?若不能,说明理由.若能,试求出第二次碰撞时损失的机械能△E2.(设框架与墙壁每次碰撞前后速度大小之比不变.