物理卷·2018届贵州省遵义市新舟中学高二上学期第二次月考物理试卷 （解析版） 18页

‎2016-2017学年贵州省遵义市新舟中学高二（上）第二次月考物理试卷 ‎　‎ 一、选择题（本题共12题，共40分；第1～8题为单项选择题每题3分；第9～12题为多项选择题每题4分全部选对的得4分，部分选对的得2分，有错选或不选的得0分．）‎ ‎1．下列关于说法错误的是（　　）‎ A．静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一个部分转移到了另一个部分 B．在公式F=k中，k 是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处场强的大小；而k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处场强的大小 C．电动势表示电源将单位正电荷从负极移到正极时，非静电力做的功 D．一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体可能带上异种电荷 ‎2．两个完全相同的金属球A和B带电量之比为1：7，相距为r．两者接触一下放回原来的位置，若两电荷原来带异种电荷，则后来两小球之间的静电力大小与原来之比是（　　）‎ A．16：7 B．9：7 C．4：7 D．3：7‎ ‎3．下列关于场强和电势的叙述正确的是（　　）‎ A．在匀强电场中，场强处处相同，电势也处处相等 B．在正点电荷形成的电场中，离点电荷越远，电势越高，场强越小 C．等量异种点电荷形成的电场中，两电荷连线中点的电势为零，场强不为零 D．在任何电场中，场强越大的地方，电势也越高 ‎4．随着人们生活水平的提高，各种家用电器日益走入我们的居家生活，而家用电器所产生的静电荷会被人体吸收并积存起来，加之居室内墙壁和地板多属绝缘体，空气干燥，因此更容易受到静电干扰，由于老年人的皮肤相对年轻人干燥以及老年人心血管系统的老化，抗干扰能力减弱等因素，因此老年人更容易受静电的影响，心血管系统本来就有各种病变的老年人，静电更会使病情加重，过高的静电还常常使人焦躁不安、头痛、胸闷、呼吸困难、咳嗽．我们平时生活中就应当采取措施，有效防止静电，下列可行的是（　　）‎ ‎①要勤拖地、勤洒些水 ‎ ‎②要勤洗澡、勤换衣服 ‎ ‎③选择柔软、光滑的化纤类衣物 ‎ ‎④尽量避免使用化纤地毯和以塑料为表面材料的家具．‎ A．①②③ B．①③④ C．①②④ D．②③④‎ ‎5．如图所示，水平放置的两平行带电板间存在匀强电场，正中间P点有一带电微粒正好处于静止状态．若将上极板稍向下移动，P仍在两板间，则此后带电微粒的运动情况是（　　）‎ A．仍然静止 B．自由落体运动 C．向上加速运动 D．匀速下落 ‎6．如图所示，V1、V2的内阻分别为3000Ω和1500Ω，R1=R2=500Ω，如果保持电压U不变，当S接通后电压表的读数V1、V2关系是（　　）‎ A．V1＞V2 B．V1=V2‎ C．V1＜V2 D．不能确定V1和V2谁大 ‎7．如图所示，完全相同的金属小球A和B带有等量电荷，系在一个轻质绝缘弹簧两端，放在光滑绝缘水平面上，由于电荷间的相互作用，弹簧比原来缩短了x0，现将不带电的与A、B完全相同的金属球C先与A球接触一下，再与B球接触一下，然后拿走，重新平衡后弹簧的压缩量变为（　　）‎ A． x0 B． x0 C．大于x0 D．小于x0‎ ‎8．如图所示，甲、乙两带电小球的质量均为m，所带电量分别为+q和﹣q，两球问用绝缘细线连接，甲球又用绝缘细线悬挂在天花板上，在两球所在空间有方向向左的匀强电场，电场强度为E，平衡时细线都被拉紧．两根绝缘线张力大小为（　　）‎ A．T1=2mg，T2= B．T1＞2mg，T2＞‎ C．T1＜2mg，T2＜ D．T1=2mg，T2＜‎ ‎9．如图所示，实线为电场线，虚线为等势线，且AB=BC，电场中的A、B、C三点的场强分别为EA、EB、EC，电势分别为φA、φB、φC，AB、BC间的电势差分别为UAB、UBC，则下列关系中正确的有（　　）‎ A．φA＞φB＞φC B．EC＞EB＞EA C．UAB＜UBC D．UAB=UBC ‎10．如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（　　）‎ A．M点的电势大于N点的电势 B．M点的电势小于N点的电势 C．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力 D．粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力 ‎11．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（　　）‎ A．极板x应带正电 B．极板x应带负电 C．极板y应带正电 D．极板y应带负电 ‎12．如图a、b所示的两个电路中，电阻R、电流表、电压表和电池都是相同的，电池的内阻相对于电阻R的大小可以忽略．闭合开关后，图a、b电路中电压表和电流表的示数Va、Vb和Ia、Ib的大小不相同，它们的关系正确的是（　　）‎ A．Va＜Vb B．Ia＜Ib C． D．‎ ‎　‎ 二、填空与实验题（本题包括3小题共27分；13、15题每空1分共9分，14题2分，16题每空2分，电路图4分共计16分．）‎ ‎13．如图所示，一个枕形导体位于带正电小球的附近，A、B为导体的左、右端点，C为导体内的一点．则由于静电感应，A端带　　电，B端带　　电，C点处的电场强度为　　，A端电势　　（填“高于”、“低于”或“等于”）B端电势．若用手接触一下枕形导体的中部，导体将　　 （填“带不带电或带什么电”）．‎ ‎14．将一个电量为1×10﹣6 C的负电荷从电场中的A点移到B点，克服电场力做功2×10﹣6 J．从C点移到D点，电场力做功7×10﹣6 J．若已知B点电势比C点高3V，则UDA=　　V．‎ ‎15．平行板电容器所带的电荷量为Q=4×10﹣8C，电容器两板间的电压为U=2V，则该电容器的电容为　　；如果将其放电，使其所带电荷量为原来的一半，则两板间的电压为　　，两板间电场强度变为原来的　　倍，此时平行板电容器的电容为　　．‎ ‎16．一毫安表头满偏电流为9.90mA，内阻约为300Ω．要求将此毫安表头改装成量程为1A的电流表，其电路原理如图1所示．图中，是量程为2A的标准电流表，R0为电阻箱，R为滑动变阻器，S为开关，E为电源．‎ ‎（1）完成下列实验步骤：‎ ‎①将图2虚线框内的实物图按电路原理图连线；‎ ‎②将滑动变阻器的滑动头调至　　端（填“a”或“b”），电阻箱R0的阻值调至零；‎ ‎③合上开关；‎ ‎④调节滑动变阻器的滑动头，增大回路中的电流，‎ 使标准电流表读数为1A；‎ ‎⑤调节电阻箱R0的阻值，使毫安表指针接近满偏，此时标准电流表的读数会　　（填“增大”、“减小”或“不变”）；‎ ‎⑥多次重复步骤④⑤，直至标准电流表的读数为　　，同时毫安表指针满偏．‎ ‎（2）回答下列问题：‎ ‎①在完成全部实验步骤后，电阻箱使用阻值的读数为3.1Ω，由此可知毫安表头的内阻为　　．‎ ‎②用改装成的电流表测量某一电路中的电流，电流表指针半偏，此时流过电阻箱的电流为　　 A．‎ ‎⑧对于按照以上步骤改装后的电流表，写出一个可能影响它的准确程度的因素：　　．‎ ‎　‎ 三、计算题（本题包括3小题，共33分．其中17题12分、18题10分、19题10分、解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）‎ ‎17．如图所示，在匀强电场中，有A．B两点，它们间距为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电量为2×105C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J．求：‎ ‎（1）在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？‎ ‎（2）A．B两点的电势差UAB为多少？‎ ‎（3）匀强电场的场强为多大？‎ ‎18．如图所示，一质子由静止经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板之间，若质子从两板正中间垂直于电场方向射入，且刚好能从极板边缘穿出电场．试求：‎ ‎（1）金属板的长度L；‎ ‎（2）质子穿出电场时的动能．‎ ‎19．如图所示的电路中，电源电动势E=6.00V，其内阻可忽略不计．电阻的阻值分别为R1=2.4kΩ、R2=4.8kΩ，电容器的电容C=4.7μF．闭合开关S，待电流稳定后，用电压表测R1两端的电压，其稳定值为1.50V．‎ ‎（1）该电压表的内阻为多大？‎ ‎（2）由于电压表的接入，电容器的带电量变化了多少？‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年贵州省遵义市新舟中学高二（上）第二次月考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（本题共12题，共40分；第1～8题为单项选择题每题3分；第9～12题为多项选择题每题4分全部选对的得4分，部分选对的得2分，有错选或不选的得0分．）‎ ‎1．下列关于说法错误的是（　　）‎ A．静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一个部分转移到了另一个部分 B．在公式F=k中，k 是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处场强的大小；而k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处场强的大小 C．电动势表示电源将单位正电荷从负极移到正极时，非静电力做的功 D．一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体可能带上异种电荷 ‎【考点】点电荷的场强；电源的电动势和内阻．‎ ‎【分析】电荷守恒定律：电荷既不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变；‎ 电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．‎ 根据库仑定律的表达式的意义分析．‎ ‎【解答】解：A、静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到另一部分，故A正确；‎ B、依据F=qE，结合E=，那么公式F=k中，k 是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处场强的大小；而k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处场强的大小，故B正确；‎ C、由E= 可知，电动势在数值上等于把单位正电荷从电源负极移到正极时非静电力所做的功；故C正确；‎ D、接触时先中和再分电荷，所以一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体一定带同种电荷，故D错误；‎ 本题选择错误的，故选：D．‎ ‎　‎ ‎2．两个完全相同的金属球A和B带电量之比为1：7，相距为r．两者接触一下放回原来的位置，若两电荷原来带异种电荷，则后来两小球之间的静电力大小与原来之比是（　　）‎ A．16：7 B．9：7 C．4：7 D．3：7‎ ‎【考点】库仑定律．‎ ‎【分析】两个完全相同的金属小球，将它们相互接触再分开，带电量先中和后平分，根据库仑定律即可解题．‎ ‎【解答】解：两个完全相同的金属小球，将它们相互接触再分开，带电量先中和后平分，‎ 设金属球A和B带电量为Q：7Q 所以A、B所带的电荷相等都为3Q，‎ 根据库仑定律得：‎ F=k F′=k 解得：F′=F，则后来两小球之间的静电力大小与原来之比是9：7．‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎3．下列关于场强和电势的叙述正确的是（　　）‎ A．在匀强电场中，场强处处相同，电势也处处相等 B．在正点电荷形成的电场中，离点电荷越远，电势越高，场强越小 C．等量异种点电荷形成的电场中，两电荷连线中点的电势为零，场强不为零 D．在任何电场中，场强越大的地方，电势也越高 ‎【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势．‎ ‎【分析】沿着电场线的方向电势逐渐降低．根据等量同种电荷和等量异种电荷周围电场线的特征判断电势的高低和电场强度的大小．‎ ‎【解答】解：A、在匀强电场中，场强处处相同，但同一等势面上电势处处相等，不是所有的电势均处处相等，故A错误；‎ B、在正点电荷形成的电场中，根据可知，离点电荷越远，场强越小，因沿着电场线方向，电势在减小，故B错误；‎ C、通常取无穷远为零电势，等量异种点电荷形成的电场中，两电荷连线中点的电势则为零，但电场强度不为零，故C正确；‎ D、在任何电场中，场强越大的地方，等差等势面越密，但电势不一定越高，比如靠近负点电荷，电场强度大，而电势却低，故D错误，‎ 故选：C ‎　‎ ‎4．随着人们生活水平的提高，各种家用电器日益走入我们的居家生活，而家用电器所产生的静电荷会被人体吸收并积存起来，加之居室内墙壁和地板多属绝缘体，空气干燥，因此更容易受到静电干扰，由于老年人的皮肤相对年轻人干燥以及老年人心血管系统的老化，抗干扰能力减弱等因素，因此老年人更容易受静电的影响，心血管系统本来就有各种病变的老年人，静电更会使病情加重，过高的静电还常常使人焦躁不安、头痛、胸闷、呼吸困难、咳嗽．我们平时生活中就应当采取措施，有效防止静电，下列可行的是（　　）‎ ‎①要勤拖地、勤洒些水 ‎ ‎②要勤洗澡、勤换衣服 ‎ ‎③选择柔软、光滑的化纤类衣物 ‎ ‎④尽量避免使用化纤地毯和以塑料为表面材料的家具．‎ A．①②③ B．①③④ C．①②④ D．②③④‎ ‎【考点】* 静电的利用和防止．‎ ‎【分析】静电对人类有利的方面要加以利用，对人类有危害的方面要避免和防止．‎ ‎【解答】解：①空气干燥，人在走动的过程中容易产生静电，所以勤拖地、勤洒些水可以有效防止静电．故①正确；‎ ‎②勤洗澡、勤换衣服，可以有效防止静电，故②正确；‎ ‎③④、化纤类衣物和化纤地毯和以塑料为表面材料的家具容易 因摩擦产生静电，而且容易积累，所以要尽量避免选择化纤类衣物，尽量避免使用化纤地毯和以塑料为表面材料的家具．故③错误④正确．‎ 故选：C ‎　‎ ‎5．如图所示，水平放置的两平行带电板间存在匀强电场，正中间P点有一带电微粒正好处于静止状态．若将上极板稍向下移动，P仍在两板间，则此后带电微粒的运动情况是（　　）‎ A．仍然静止 B．自由落体运动 C．向上加速运动 D．匀速下落 ‎【考点】电容器的动态分析；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．‎ ‎【分析】平行板电容器充电后与电源分离，电量保持不变．将上极板稍向下移动，板间距离减小，电容增大，根据电容的定义式分析板间电压的变化．根据推论分析板间场强的变化．‎ ‎【解答】解：平行板电容器充电后与电源分离，电量保持不变．将上极板稍向下移动，板间距离减小，根据C=电容增大，‎ 由电容定义式C=则知U=，‎ 板间场强E====‎ 由E表达看出E与d的变化无关，即E不变，则仍有mg=qE，保持静止．‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎6．如图所示，V1、V2的内阻分别为3000Ω和1500Ω，R1=R2=500Ω，如果保持电压U不变，当S接通后电压表的读数V1、V2关系是（　　）‎ A．V1＞V2 B．V1=V2‎ C．V1＜V2 D．不能确定V1和V2谁大 ‎【考点】闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】开关S断开时，两电压表串联，总电压为U，开关S闭合后，电压表V1与电阻R1并联，电压表V2与电阻R2并联，两部分再串联，总电压等于U．根据串联电路的特点得出两电压表的读数进行分析．‎ ‎【解答】解：当电键S断开时，根据串联电路电压与电阻成正比得知：电压表V1与V2的示数分别为和；‎ 当电键S闭合后，电压表V1与电阻R1并联，并联电阻为kΩ=kΩ．电压表V2与电阻R2并联，并联电阻为kΩ=kΩ，电压表和的示数之比8：7，则电压表V1与V2的示数分别为U和U；所以．‎ 故选：A ‎　‎ ‎7．如图所示，完全相同的金属小球A和B带有等量电荷，系在一个轻质绝缘弹簧两端，放在光滑绝缘水平面上，由于电荷间的相互作用，弹簧比原来缩短了x0，现将不带电的与A、B完全相同的金属球C先与A球接触一下，再与B球接触一下，然后拿走，重新平衡后弹簧的压缩量变为（　　）‎ A． x0 B． x0 C．大于x0 D．小于x0‎ ‎【考点】库仑定律；胡克定律．‎ ‎【分析】由于电荷间的相互作用，弹簧比原来缩短，故原来AB两球带等量异种电荷，将不带电的与A，B完全相同的金属球C与A球接触一下，再与B球接触一下，然后拿走，根据接触起电的电荷分配原则，判断AB小球后来的带电量．运用假设法，假设压缩量变为原来的，判断库仑力和弹簧弹力的大小关系，从而确定最终的压缩量．‎ ‎【解答】解：由于电荷间的相互作用，弹簧比原来缩短，故原来AB两球带等量异种电荷，‎ 设A、B两球带电量分别为Q、﹣Q，弹簧的劲度系数为k′．‎ 开始A球处于平衡，库仑力等于弹簧的弹力，有：．‎ 将C球与A球接触后，AC两球的带电量为，C再与B球接触后，B的带电量为，‎ 假设压缩量变为原来的，则弹力为，库仑力为为：‎ ‎=，因为压缩量变小了，则两球间的距离变大，所以弹力F大于库仑力F′，则知压缩量不能是原来的，要比x0小．‎ 故D正确，A、B、C错误．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎8．如图所示，甲、乙两带电小球的质量均为m，所带电量分别为+q和﹣q，两球问用绝缘细线连接，甲球又用绝缘细线悬挂在天花板上，在两球所在空间有方向向左的匀强电场，电场强度为E，平衡时细线都被拉紧．两根绝缘线张力大小为（　　）‎ A．T1=2mg，T2= B．T1＞2mg，T2＞‎ C．T1＜2mg，T2＜ D．T1=2mg，T2＜‎ ‎【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；电场强度．‎ ‎【分析】对甲、乙两球整体进行受力分析，由共点力的条件可得出上端细线的张力；再对下面小球受力分析，由共点力的平衡条件可求得下端细线的张力．‎ ‎【解答】解：对整体受力分析可知，整体在竖直方向受重力和绳子的拉力；水平方向两电场力大小相等方向相反，故在竖直方向上，拉力等于重力，故T1=2mg；‎ 对下面小球进行受力分析，小球受重力、电场力、库仑力及绳子的拉力而处于平衡；由图可知，绳子的拉力及库仑力的合力应等于电场力与重力的合力为，故绳子的拉力小于；‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎9．如图所示，实线为电场线，虚线为等势线，且AB=BC，电场中的A、B、C三点的场强分别为EA、EB、EC，电势分别为φA、φB、φC，AB、BC间的电势差分别为UAB、UBC，则下列关系中正确的有（　　）‎ A．φA＞φB＞φC B．EC＞EB＞EA C．UAB＜UBC D．UAB=UBC ‎【考点】电场线；电势；电势能．‎ ‎【分析】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．‎ ‎【解答】解：A、考查静电场中的电场线、等势面的分布知识和规律．A、B、C三点处在一根电场线上，沿着电场线的方向电势降落，故φA＞φB＞φC，故A正确；‎ B、由电场线的密集程度可看出电场强度大小关系为EC＞EB＞EA，故B正确；‎ C、电场线密集的地方电势降落较快，故UBC＞UAB，故C正确，D错误．‎ 故选：ABC．‎ ‎　‎ ‎10．如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（　　）‎ A．M点的电势大于N点的电势 B．M点的电势小于N点的电势 C．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力 D．粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力 ‎【考点】电场线；电势能．‎ ‎【分析】根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低．由电场线的疏密判断场强大小，确定电场力的大小．‎ ‎【解答】解：A、根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势，故A正确，B错误．‎ C、M点处的电场线较疏，而N点处电场线较密，则M点处的电场强度较小，粒子在M点所受的电场力也较小，故C错误，D正确．‎ 故选：AD ‎　‎ ‎11．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（　　）‎ A．极板x应带正电 B．极板x应带负电 C．极板y应带正电 D．极板y应带负电 ‎【考点】示波管及其使用．‎ ‎【分析】由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性．‎ ‎【解答】解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向X向偏转则，电场方向为X到X′，则X带正电，即极板X的电势高于极板X′．‎ ‎ 同理可知Y带正电，即极板Y的电势高于极板Y′，故AC正确，BD错误 故选：AC．‎ ‎　‎ ‎12．如图a、b所示的两个电路中，电阻R、电流表、电压表和电池都是相同的，电池的内阻相对于电阻R的大小可以忽略．闭合开关后，图a、b电路中电压表和电流表的示数Va、Vb和Ia、Ib的大小不相同，它们的关系正确的是（　　）‎ A．Va＜Vb B．Ia＜Ib C． D．‎ ‎【考点】闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】题目中，电压表和电流表的示数Va、Vb和Ia、Ib的大小不相同，说明电表内阻对电路的影响不忽略．把电压表看能成测量电压的电阻，电流表看成能测量电流的电阻，利用欧姆定律进行研究．‎ ‎【解答】解：A、a图中，由于电流表分压，电压表示数小于电动势E，b图等于电动势E．Va＜Vb故A正确．‎ ‎ B、a图中，，R并是电压与电阻并联的阻值．Ia=，由于R并＜R，则Ia＞Ib．故B错误．‎ ‎ C、D，a图中， =R并，b图中， =R+RA，R并＜R，，故C错误，D正确．‎ 故选AD ‎　‎ 二、填空与实验题（本题包括3小题共27分；13、15题每空1分共9分，14题2分，16题每空2分，电路图4分共计16分．）‎ ‎13．如图所示，一个枕形导体位于带正电小球的附近，A、B为导体的左、右端点，C为导体内的一点．则由于静电感应，A端带　负　电，B端带　正　电，C点处的电场强度为　零　，A端电势　等于　（填“高于”、“低于”或“等于”）B端电势．若用手接触一下枕形导体的中部，导体将　带负电　 （填“带不带电或带什么电”）．‎ ‎【考点】电荷守恒定律；元电荷、点电荷．‎ ‎【分析】感应起电的实质是在带电体上电荷的作用下，导体上的正负电荷发生了分离，使电荷从导体的一部分转移到了另一部分，既然是转移，那么电荷必然守恒．‎ 正电荷产生的电场是发散的电场，沿着电场线电势要降低．‎ ‎【解答】解：由于静电感应，A端带负电，B端带正电．若用手接触一下枕形导体的中部，大地中电子跑到导体上，将正电荷中和，所以导体将负电．‎ 把一个在绝缘支架上不带电的枕形导体放在带正电的导体A附近，达到静电平衡后，枕形导体是个等势体，各点的电势相等．‎ 带正电的导体产生的是发散的电场，产生的电场的电场线由A到B，而感应电荷产生电场与正电荷电场叠加，导致合电场强度为零，即C点电场强度为零．‎ 故答案为：负，正，零，等于，带负电．‎ ‎　‎ ‎14．将一个电量为1×10﹣6 C的负电荷从电场中的A点移到B点，克服电场力做功2×10﹣6 J．从C点移到D点，电场力做功7×10﹣6 J．若已知B点电势比C点高3V，则UDA=　2　V．‎ ‎【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．‎ ‎【分析】根据U=，求出电场中两点间的电势差，再根据电势差与电势的关系求电势，再求电势差．‎ ‎【解答】解：根据U=得：‎ UAB==V=2V，‎ 即UA﹣UB=2V U CD==﹣7V 即UC﹣UD=﹣7‎ 又UB﹣UC=3V，则UA﹣UD=﹣2V，所以UDA=2V．‎ 故答案为：2V．‎ ‎　‎ ‎15．平行板电容器所带的电荷量为Q=4×10﹣8C，电容器两板间的电压为U=2V，则该电容器的电容为　2×10﹣8F　；如果将其放电，使其所带电荷量为原来的一半，则两板间的电压为　1V　，两板间电场强度变为原来的　　倍，此时平行板电容器的电容为　2×10﹣8F　．‎ ‎【考点】电容．‎ ‎【分析】根据电容的定义式求出电容器电容的大小，电荷量减半，电容不变，结合电容的定义式求出两板间的电压，根据E=判断电场强度的变化．‎ ‎【解答】解：根据C=得，电容器的电容C=．‎ 电荷量减半，电容不变，仍然为2×10﹣8F．‎ 则两板间的电压U′=．‎ 根据知，电势差减半，两板间的距离不变，则电场强度变为原来的．‎ 故答案为：2×10﹣8F、1V、、2×10﹣8F．‎ ‎　‎ ‎16．一毫安表头满偏电流为9.90mA，内阻约为300Ω．要求将此毫安表头改装成量程为1A的电流表，其电路原理如图1所示．图中，是量程为2A的标准电流表，R0为电阻箱，R为滑动变阻器，S为开关，E为电源．‎ ‎（1）完成下列实验步骤：‎ ‎①将图2虚线框内的实物图按电路原理图连线；‎ ‎②将滑动变阻器的滑动头调至　b　端（填“a”或“b”），电阻箱R0的阻值调至零；‎ ‎③合上开关；‎ ‎④调节滑动变阻器的滑动头，增大回路中的电流，‎ 使标准电流表读数为1A；‎ ‎⑤调节电阻箱R0的阻值，使毫安表指针接近满偏，此时标准电流表的读数会　减小　（填“增大”、“减小”或“不变”）；‎ ‎⑥多次重复步骤④⑤，直至标准电流表的读数为　1A　，同时毫安表指针满偏．‎ ‎（2）回答下列问题：‎ ‎①在完成全部实验步骤后，电阻箱使用阻值的读数为3.1Ω，由此可知毫安表头的内阻为　310　．‎ ‎②用改装成的电流表测量某一电路中的电流，电流表指针半偏，此时流过电阻箱的电流为　0.495　 A．‎ ‎⑧对于按照以上步骤改装后的电流表，写出一个可能影响它的准确程度的因素：　电阻箱的阻值不能连续变化；标准表和毫安表头的读数误差；电表指针偏转和实际电流的大小不成正比等等．　．‎ ‎【考点】把电流表改装成电压表．‎ ‎【分析】（1）据电路图从电源的正极出发，沿电流的流向画实物图，注意电表的正负接线柱；实验中要在电路接通时电流最小，故滑动触头要放在电阻最大处；电路中任一电阻增大，总电阻增大，干路电流变大；本实验要求干路电流达到量程．‎ ‎（2）电阻箱的电流IR=I﹣Ig 则由并联电路的电阻与电流成反比，求得表头的内阻；指针半偏，可各电流表的电压，由电压与电阻箱的阻值求得电流．‎ ‎【解答】解：（1）①据电路图从电源的正极出发，沿电流的流向画实物图如图所示：‎ ‎②滑动触头在b端时，电阻器的全电阻连入电路，故要使电阻最大应使触头在b端 ‎⑤因电阻箱电阻增大，则总电阻增加，干路电流减小 ‎⑥要使电流达到要改装电流表的满偏电流为1A ‎（2）①因电阻箱与毫安表是并联关系，故二者电阻与电流成反比： 求得 =310Ω ‎ ②电阻箱的电流为其两端电压与电阻之比：即 I′==0.495A ‎ ③实验可能因电阻箱的阻值不能连续变化，导致标准电流表的示数无法精准显示1A，还有电表本身读数上的误差，以及电表指针偏转本身不是随电流均匀偏转等都可能影响改装后的电流表的准确程度．‎ 故答案为：（1）①如图；②b；⑤减小；⑥1A；（2）①310；②0.495（0.494～0.496均可）；③电阻箱的阻值不能连续变化；标准表和毫安表头的读数误差；电表指针偏转和实际电流的大小不成正比等等．‎ ‎　‎ 三、计算题（本题包括3小题，共33分．其中17题12分、18题10分、19题10分、解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）‎ ‎17．如图所示，在匀强电场中，有A．B两点，它们间距为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电量为2×105C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J．求：‎ ‎（1）在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？‎ ‎（2）A．B两点的电势差UAB为多少？‎ ‎（3）匀强电场的场强为多大？‎ ‎【考点】电势差与电场强度的关系；电势差；匀强电场中电势差和电场强度的关系．‎ ‎【分析】根据电势差的变化得出电场力做功，结合电场力做功与电势差的关系求出A、B两点的电势差．根据匀强电场的电场强度公式求出场强的大小．‎ ‎【解答】解：（1）因为电势能增加0.1J 即电场力做功为W=﹣0.1J ‎（2）A→B电场力做负功 q=2×105C 则UAB====5×10﹣7V；‎ ‎（3）根据U=Ed得，‎ d=cos60°=0.01m，‎ 代入数据解得E===5×10﹣5V/m．‎ 答：（1）在此过程中，电场力对该电荷做了﹣0.1J ‎（2）AB两点的电势差UAB为5×10﹣7V；‎ ‎（3匀强电场的场强的大小为5×10﹣5V/m．‎ ‎　‎ ‎18．如图所示，一质子由静止经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板之间，若质子从两板正中间垂直于电场方向射入，且刚好能从极板边缘穿出电场．试求：‎ ‎（1）金属板的长度L；‎ ‎（2）质子穿出电场时的动能．‎ ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．‎ ‎【分析】（1）质子进入偏转电场后做类平抛运动，沿水平方向做匀速直线运动，位移大小等于板长L；竖直方向做匀加速直线运动，位移大小等于板间距离的一半，由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求解板长L．‎ ‎（2）从刚开始到射出电场的过程中运用动能定理即可求出质子穿出电场时的动能 ‎【解答】解：（1）在加速过程根据动能定理得：‎ eU0=‎ 解得到质子射出加速电场的速度v0=‎ 粒子在竖直方向：y==，‎ 又a=‎ 在水平方向：x=L=v0t 联立上式得到 代入数据得L=d ‎（2）从刚开始到射出电场的过程中运用动能定理得：‎ 答：（1）金属板的长L为d；‎ ‎（2）质子穿出电场时的动能（质子的电量为e）为e（U0+）；‎ ‎　‎ ‎19．如图所示的电路中，电源电动势E=6.00V，其内阻可忽略不计．电阻的阻值分别为R1=2.4kΩ、R2=4.8kΩ，电容器的电容C=4.7μF．闭合开关S，待电流稳定后，用电压表测R1两端的电压，其稳定值为1.50V．‎ ‎（1）该电压表的内阻为多大？‎ ‎（2）由于电压表的接入，电容器的带电量变化了多少？‎ ‎【考点】闭合电路的欧姆定律；电容；串联电路和并联电路．‎ ‎【分析】（1）本题要求电压表的内阻，故电压表不能看作理想电压表，可作为电阻处理；因能读出电压表示数，则可得出R1两端的电压；则由串联电路的电压规律可得出RV；‎ ‎（2）电容器两端的电压等于并联部分电阻上的电压，则可分别求得接入电压表前后电容器两端的电压，由Q=UC可求得电量，即可得出电量的变化．‎ ‎【解答】解：（1）设电压表的内阻为RV，测得R1两端的电压为U1，R1与RV并联后的总电阻为R，则有①‎ 由串联电路的规律 ②‎ 联立①②，得 ‎ 代入数据，得 RV=4.8 kΩ ‎（2）电压表接入前，电容器上的电压UC等于电阻R2上的电压，R1两端的电压为UR1，则 又E=Uc+UR1．‎ 接入电压表后，电容器上的电压为UC′=E﹣U1‎ 由于电压表的接入，电容器带电量增加了△Q=C（UC′﹣UC）‎ 由以上各式解得．‎ 代入数据，可得 电容器的带电量变化了△Q=2.35×10﹣6C．‎