【物理】2020届二轮复习小卷30分钟提分练(二)作业 7页

小卷30分钟提分练(8选择＋2实验)(二)‎ 一、选择题(本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)‎ ‎14．下列说法正确的是(　　)‎ A．原子核的结合能越大，原子核越稳定 B．β衰变释放出电子，说明原子核内有电子 C．氡的半衰期为3.8天，8个氡原子核经过7.6天后剩下2个氡原子核 D．用频率为υ的入射光照射光电管的阴极，遏止电压为Uc，改用频率为2υ的入射光照射同一光电管，遏止电压大于2Uc 解析：原子核的比结合能越大，原子核越稳定，选项A错误；原子核内只有质子和中子，β衰变的实质是原子核内的一个中子转化为一个电子和一个质子，选项B错误；半衰期是对大量原子核衰变的统计规律，对少数原子核不适用，选项C错误；根据爱因斯坦光电效应方程Ek＝hυ－W0以及Ek＝eUc可知，用频率为υ的入射光照射光电管的阴极，遏止电压为Uc，即有：eUc＝hυ－W0，改用频率为2υ的入射光照射同一光电管，则有：eU′c＝2hυ－W0，所以有U′c>2Uc，选项D正确．‎ 答案：D ‎15．汽车在限速为‎40 km/h的平直道路上匀速行驶，驾驶员发现前方斑马线上有行人，于是减速礼让，汽车到达斑马线处时行人已通过斑马线，驾驶员便加速前进，监控系统绘制出该汽车的速度v随时间t变化的图象如图所示，下列说法正确的是(　　)‎ A．减速前该车已超速 B．汽车在加速阶段的加速度大小为‎3 m/s2‎ C．驾驶员开始减速时距斑马线‎18 m D．汽车在加速阶段发动机的输出功率保持不变 解析：由题图可知该汽车减速前的速度是‎36 km/h，所以减速前该车没有超速，选项A错误；v－t 图线的斜率表示加速度，因此，汽车在加速阶段的加速度大小为‎3 m/s2，选项B正确；v－t图线与坐标轴所围图形的面积表示位移，由题图可知，汽车在0.5 s时开始减速，开始减速时到斑马线的距离小于‎18 m，选项C错误；汽车在加速阶段加速度不变，即牵引力不变，但速度不断增大，根据P＝Fv知，发动机的输出功率不断增大，选项D错误．‎ 答案：B ‎16．如图所示，固定的木板与竖直墙面的夹角为θ，重为G的物块静止在木板与墙面之间，不计一切摩擦，则(　　)‎ A．物块对木板的压力大小为 B．物块对木板的压力大小为Gcos θ C．物块对墙面的压力大小为Gtan θ D．物块对墙面的压力大小为Gsin θcos θ 解析：本题考查受力分析，目的是考查学生的推理能力。物块受力如图所示，由共点力平衡条件可得物块所受木板和墙面的支持力大小分别为F1＝、F2＝，根据牛顿第三定律可知物块对木板和墙面的压力大小分别为F1′＝、F2′＝，选项A正确，B、C、D均错误．‎ 答案：A ‎17．如图所示，圆形区域内有一垂直于纸面向里的、磁感应强度大小为B1的匀强磁场，磁场边界上的P 点有一粒子源，可以在纸面内向各个方向以相同的速率发射同种带电粒子，不考虑粒子的重力以及粒子之间的相互作用，这些粒子从某一段圆弧射出边界，这段圆弧的弧长是圆形区域周长的；若仅将磁感应强度的大小变为B2，这段圆弧的弧长变为圆形区域周长的，则等于(　　)‎ A.　　B. C. D. 解析：设圆形磁场区域半径为R，圆弧的弧长是圆形区域周长的时，圆弧对应的圆心角为120°，带电粒子做圆周运动的半径为r1，则sin 60°＝，解得r1＝R；圆弧的弧长是圆形区域周长的时，圆弧对应的圆心角为90°，粒子做圆周运动的半径为r2，则sin 45°＝，解得r2＝R.粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得qvB＝m，解得B＝，则＝＝，故C正确．‎ 答案：C ‎18．如图，匀强磁场中，一单匝矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，线框中产生的交变电动势瞬时值随时间变化的规律为e＝20sin 100πt(V)．下列说法正确的是(　　)‎ A．该线框转动的频率是100 Hz B．该线框产生的交变电动势最大值是20 V C．t＝0.005 s时刻，线框平面与中性面重合 D．t＝0.05 s时刻，穿过线框的磁通量变化率为0‎ 解析：根据题述线框中产生的交变电动势瞬时值随时间变化的规律为e＝20sin 100πt(V)，可知2πf＝100π，解得该线框转动的频率f＝50 Hz，选项A错误；该线框产生的交变电动势最大值为20 V，有效值为20 V，选项B错误；t＝0.005 s时刻，线框中产生的交变电动势瞬时值为e1＝20sin 0.5π(V)＝20 V，此时线框平面与中性面垂直，选项C错误．t＝0.05 s时刻，线框中产生的交变电动势瞬时值为e2＝20sin 5π(V)＝0，可知此时穿过线框的磁通量变化率为0，线框平面与中性面重合，选项D正确．‎ 答案：D ‎19．[2019·广东六校第三次联考]‎2019年1月3日，“嫦娥四号”‎ 探测器登陆月球，实现人类探测器首次月球背面软着陆．为给“嫦娥四号”探测器提供通信支持，我国于‎2018年5月21日发射了“嫦娥四号”中继卫星“鹊桥”，如图所示，“鹊桥”中继卫星围绕地月拉格朗日L2点旋转，“鹊桥”与L2点的距离远小于L2点与地球的距离．已知位于地月拉格朗日L1、L2点处的小物体在地、月的引力作用下，几乎不消耗燃料，便可与月球同步绕地球做圆周运动．下列说法正确的是(　　)‎ A．“鹊桥”的发射速度大于‎11.2 km/s B．“鹊桥”绕地球运动的周期约等于月球绕地球运动的周期 C．同一卫星在L2点受地、月引力的合力比在L1点受地、月引力的合力大 D．“鹊桥”若刚好位于L2点，则它能够更好地为“嫦娥四号”探测器提供通信支持 解析：‎11.2 km/s是卫星脱离地球的引力束缚的最小发射速度，“鹊桥”并没有脱离地球的引力，其发射速度应小于‎11.2 km/s，选项A错误；根据题意知中继卫星“鹊桥”绕地球转动的周期与月球绕地球转动的周期近似相同，选项B正确；由题意可知，同一卫星位于L1点和L2点时，绕地球转动的角速度相同，再结合F＝mω2r可知，同一卫星在L2点所受月球和地球引力的合力比在L1点的要大，选项C正确；“鹊桥”若刚好位于L2点，由几何关系可知，通讯范围较小，则它并不能更好地为“嫦娥四号”探测器提供通信支持，故D错误．‎ 答案：BC ‎20．如图所示，竖直平面内有一圆周，其圆心为O，直径AB和CD相互垂直，电荷量均为Q的两个正点电荷放在关于CD对称的圆周上，它们所在的两条半径的夹角为120°，则下列说法正确的是(　　)‎ A．点O与点C的场强相同 B．点C与点D的场强大小之比为1‎ C．一电子从点D由静止释放，运动到点C的过程中，加速度先减小后增大 D．将一正点电荷沿着圆周从点A经D移至点B的过程中，电场力先做正功，后做负功 解析：点O与点C的场强大小相等，方向相反，故A错误；根据矢量合成法则，C点场强为EC＝2×k×cos 60°＝k，D点的场强为ED＝2×k×＝k，点C与点D的场强大小之比为1，故B正确；根据电场强度的矢量合成法则，直线CD上距离两点电荷连线x＝REk2，Ep1＝Ep2 B．Ek1＝Ek2，Ep1>Ep2‎ C．WG1＝WG2，W1WG2，W1＝W2‎ 解析：假设A点距离斜面底端的高度为h，则物块先后两次在A点具有的重力势能大小为Ep＝mgh，因此两次在A点具有的重力势能大小相等；两次重力做的功均为WG＝－mgh，因此从运动开始到先后两次通过A点的过程中，重力做功相等；由题意可知，除重力外斜面对物块的摩擦力做负功，而摩擦力做功与通过的路程有关，因此从运动开始到第二次经过A点的过程摩擦力做功多，则从O点开始到第二次经过A点的过程中合外力做功的绝对值大，即W1Ek2.由以上分析可知A、C正确，B、D错误．‎ 答案：AC 二、非选择题(考生按要求作答)‎ ‎22．(5分)某同学在“探究弹簧和弹簧伸长的关系”的实验中，测得图中弹簧OC的劲度系数为500 N/m.如图1所示，用弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验．在保持弹簧OC方向和伸长‎1.00 cm不变的条件下．‎ ‎(1)弹簧秤a、b间夹角为90°，弹簧秤a的读数是________N(图2所示)，则弹簧秤b的读数可能为________N.‎ ‎(2)若弹簧秤a、b间夹角小于90°，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，增大弹簧秤b与弹簧OC的夹角，则弹簧秤a的读数________、弹簧秤b的读数________(填“变大”“变小”或“不变”)．‎ 解析：‎ ‎(1)根据胡克定律可知，F＝kx＝500×0.01 N＝5 N；根据弹簧秤的读数方法可知，a的读数为3.00 N；两弹簧秤夹角为90°，则可知，b的读数为：F＝＝4.00 N；(2)若弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，增大弹簧秤b与弹簧OC的夹角；如图所示；则可知两弹簧秤的示数均变大．‎ 答案：(1)3.00(2分)　4.00(1分)　(2)变大(1分)　变大(1分)‎ ‎23．(10分)课外小组利用如图甲所示电路测量电压表(毫伏表)内阻RV，该电压表量程为500 mV，内阻约为100 Ω.图中电源电动势为E、内阻忽略不计，R1为滑动变阻器，R2为电阻箱，V为待测电压表．经以下步骤可近似测得电压表V的内阻RV.‎ a．断开S2，闭合S1，电阻箱R2的阻值调到最大，调节R1，使电压表读数等于其量程U0；‎ b．保持R1不变，闭合S2，调节R2，使电压表读数等于，然后读出R2的值，取RV＝R2.‎ ‎(1)按图甲所示的实物图，在图乙的虚线框中画出电路图．‎ ‎(2)在备选的实验器材中，有两个滑动变阻器供选择，它们的铭牌上分别标有：A.“4 500 Ω，‎1 A”，B.“50 Ω，‎2 A”，在保证各实验器材均能正常工作的前提下，为尽可能提高测量精度且便于调节，滑动变阻器R1应选用________(选填“A”或“B”)．‎ ‎(3)若实验中测得的结果RV＝100 Ω，要将这个电压表改装成量程为10 V的电压表，则应串联一个阻值为Rx＝________Ω的定值电阻．‎ ‎(4)本实验中测RV的系统误差来自于________．‎ 解析：(1)根据实物图画出电路图，如图所示．(2)由电路图可知，滑动变阻器采用的是限流式接法，故为尽可能提高测量精度且便于调节，滑动变阻器应用电阻最大值较大的．(3)根据串联电路电流相等，可得＝，解得Rx＝1 900 Ω.(4)闭合S2前后，认为总电流不变，而实际上闭合S2后总电阻减小了，故总电流变大．‎ 答案：(1)如图所示(3分)‎ ‎(2)A(2分)　(3)1 900(2分)‎ ‎(4)认为总电流不变(或实际总电流变大)(3分)‎