辽宁省沈阳市2018-2019高三一模物理试卷（PDF版） 5页

2019 年沈阳市高三年级教学质量监测（一） 物理参考答案 一、选择题 1.A 2.B. 3.C 4.A 5.C 6. D 7.B 8.ABD 9.BC 10.BD 二、非选择题：满分 50 分 11. 解：（1）设小球重力为 G，从 A 到 B 根据动能定理得： GR=E0 ①（1 分） 解得： R EG 0= ②（1 分） 设小球受到电场力为 F，根据电场力做功与电势能变化的关系，从 B 到 C 有： FR=2E0 ③（2 分） R EF 02= ④（1 分） （2）设小球到 C 点动能为 EkC，则从 B 到 C 过程，根据动能定理得： FR - GR = EkC -E0 ⑤（2 分） EkC= 2E0 ⑥（1 分） 设小球在 C 点时速度为 vc，在运动轨迹的最高点 D 时速度为 vD，则从 C 到 D 过程 在竖直方向上：0=vC-ay t ⑦（2 分） 在水平方向上：v D =ax t ⑧（2 分） 代入 F=2G ax=2ay 解得 vD=2vC ⑨（1 分） 则 EkD =4EkC =8E0 ⑩（2 分） 12. 解：（1）设滑块加速度大小为 a0，根据滑块的运动可知： t vv t va 21 0 -=D D= ①（1 分） 根据牛顿第二定律可得： μ1mg =ma0 ②（2 分） 解得 μ1 = 0.3 ③（1 分） （2）在木板向右匀减速运动过程中，由牛顿第二定律可得： 121 )2( magmmg =+ mm ④（2 分） 在木板向左匀加速运动过程中，由牛顿第二定律可得： 221 )2( magmmg =- mm ⑤（2 分） 由运动学规律可知 v0=a1t1 ⑥（1 分） v2=a2t2 ⑦（1 分） t1+ t2= t ⑧（1 分） 联立解得：μ2=0.05（另一解为 μ2=0 由于地面粗糙舍去） ⑨（2 分） （3）滑块与木板共速前，滑块的位移： tvvx 2 21 1 += =2.5m ⑩（2 分） 木板位移： 2 2 2 1 2 0 2 22 a v a vx +-= =-0.25m ⑾（2 分） 共速后，由于 21 mm > ，可知两者一起减速到静止，不再有相对运动 ⑿（1 分） 相对位移为：Δx ＝ x1-x2 = 2.75m ⒀（2 分） 13.（1）BCE （2）解：①由于轻质活塞不计重力，有 P0S=P1S +mg ①（2 分） S mgPP -= 01 ②（1 分） ②设初始时，温度为 T1=T，体积为 V1=hS，压强为 S mgPP -= 01 ， 再次平衡时，体积为 V2=hS/2 压强为 P0S=P2S +2mg ③（2 分）) 根据理想气体状态方程 ④（3 分） 解得： ( )TmgSP mgSPT )(2 2 0 0 2 - -= ⑤（2 分） 14．(1)BCE (2)①根据图中信息可得：λ＝2 m T＝λ v＝0.5 s ①（1 分） 设 4.5s 中含有 n 个周期，则 n=4.5÷0.5=9 所以 s＝n×4A=1.44m ②（2 分） t＝4.5 s 时，y＝4 cm ③（1 分） ②质点 A 做简谐运动，设质点 A 的振动方程为 y =Acos(ωt+φ) 即 y =0.04cos(4πt+φ) ④（1 分） 将 t=0 时 y=0.02m 代入④式，解得 cosφ=0.5 由于速度方向沿 y 轴负方向，所以 3 pj = ⑤（1 分） 则质点 A 的振动方程为 )34cos(04.0 pp += ty ⑥（2 分） 质点 A 到达波峰时 y=0.04m 代入③又因为是第一次到达波峰 所以 t＝ 12 5 s≈0.42s ⑦（2 分） （其他做法比照给分）