【物理】江苏省苏州第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试试题 8页

苏州第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试 物理试卷 一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。‎ ‎1．如图所示的双缝干涉实验，用绿光照射单缝S时，在光屏P上观察到干涉条纹。要得到相邻条纹间距更大的干涉图样，可以 （ ）‎ A．增大S1与S2的间距 B．减小双缝屏到光屏的距离 C．将绿光换为红光 D．将绿光换为紫光 ‎2．小河中有一个实心桥墩P，A为靠近桥墩浮在水面上的一片树叶，俯视如图所示，小河水面平静。现在S处以某一频率拍打水面，树叶A未发生明显振动。要使树叶A发生明显振动，可以采用的方法是 （ ）‎ A．提高拍打水面的频率 B．降低拍打水面的频率 C．提高拍打水面的力度 D．无论怎样拍打，A都不会振动起来 ‎3．如图所示为均质玻璃圆柱体的横截面图，其中MN为过圆心O的水平直线。现有两单色细光束a、b相对NM两侧对称且平行MN照射玻璃圆柱体，经玻璃折射后两束光相交于P点。则a、b两束光相比 （ ）‎ A．玻璃对a光的折射率比b光小 B．在玻璃中a光的传播速度比b光小 C．在玻璃中a光的传播时间比b光短 D．在玻璃中a光的频率比b光的频率小 ‎4．小明同学在实验室里用插针法测平行玻璃砖折射率的实验中，已确定好入射方向AO，插了两枚大头针P1和P2，如图所示(①②③是三条直线，②③平行)．在以后的操作说法中你认为正确的一项是 （ ）‎ A．在bb′侧调整观察视线，另两枚大头针P3和P4可能插在①线上 B．在bb′侧调整观察视线，另两枚大头针P3和P4可能插在③线上 C．若保持O点不动，减少入射角，在bb′侧调整观察视线，另外两枚大头针P3和P4可能插在①线上 D．若保持O点不动，增大入射角，在bb′侧调整观察视线，看不清P1和P2的像，这可能是光在bb′界面发生全反射．‎ ‎5．如图所示,为LC回路中电流随时间变化的图象,规定回路中顺时针电流方向为正。在t=T时,对应的电路是下图中的 （ ）‎ ‎6．在高速行进的火车车厢正中的闪光灯发一次闪光向周围传播，闪光到达车厢后壁时，一只小猫在车厢后端出生，闪光到达车厢前壁时，两只小鸡在车厢前端出生．则（ ）‎ A．在火车上的人看来，一只小猫先出生 B．在火车上的人看来，两只小鸡先出生 C．在地面上的人看来，一只小猫先出生 D．在地面上的人看来，两只小鸡先出生 ‎7．一质量为m的运动员从下蹲状态向上起跳，经Δt时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v．在此过程中 （ ）‎ A．地面对他的冲量为mv＋mgΔt，地面对他做的功为 B．地面对他的冲量为mv＋mgΔt，地面对他做的功为零 C．地面对他的冲量为mv，地面对他做的功为 D．地面对他的冲量为mv－mgΔt，地面对他做的功为零 ‎8．位于坐标原点O的波源开始向上振动，形成的简谐波沿x轴正方向传播，传播速度为‎10 m/s，周期为0.4 s，波源振动0.3 s后立即停止振动．波源停止振动后经过0.2 s的波形是(　　)‎ ‎ ‎ 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。‎ ‎9．关于物理知识在生活中的应用，下列说法正确的是 （ ）‎ A．学校所用的测试人体温度的测温仪应用的是紫外线 B．雷达是利用无线电波中的微波来测定物体位置的无线电设备 C．γ射线可以用来治疗某些癌症 D．医院给病人做的脑部CT利用的是X射线的穿透本领较强 ‎10．如图甲所示，在升降机的顶部装了一个能够显示拉力大小的传感器，传感器下方挂上一轻质弹簧，弹簧下端挂一个质量为m的小球，若升降机在匀速运行过程中突然停止，并以此时为零时刻，在后面一段时间内传感器显示弹簧弹力F随时间t的变化关系如图乙所示，g为重力加速度，则 （ ）‎ A．升降机停止前在向下运动 B．0－t1时间内小球处于失重状态，速率不断增大 C．t2－t3时间内小球处于超重状态，速率不断减小 D．t2－t4时间内小球处于超重状态，速率先减小后增大 ‎11．如图所示，S1、S2‎ 是弦线两端的两个波源，它们的振动周期都为T，振幅都为A。某时刻S1发出的波恰好传到C，S2发出的波恰好传到A，且S‎1C=S‎2A，图中只画出了此时刻两列波在AC之间部分的叠加波形，S1、A间和S2、C间波形没有画出，下列说法中正确的是 （ ）‎ A．A、B、C三点都是振动减弱点 B．A、C是振动减弱点，B是振动加强点，其振幅为‎2A C．再经过T/4，AC间的波形是一条直线 D．再经过T/4，AC间的波形仍为图示波形 ‎12．如果物体在任何相等的时间内受到的冲量都相同，那么这个物体的运动（ ）‎ ‎　A．可能是平抛运动 　　 B．可能是匀速圆周运动 ‎　C．可能是匀变速曲线运动 　　D．可能是匀变速直线运动 三、非选择题：本题共5小题，共 60 分。‎ ‎13．在做“用单摆测定重力加速度”的实验中，某同学先测得摆线长为‎89.2 cm，摆球的直径如图所示，然后用秒表记录了单摆做30次全振动．‎ ‎(1)该单摆的摆长为　　　　cm.‎ ‎(2)如果该同学测得的g值偏大，可能的原因是(　　)‎ A．测摆长时记录的是摆线长与摆球的直径之和 B．开始计时时，秒表过迟按下 C．摆线上端未牢固地系于悬点，摆动中出现松动，使摆线长度增加了 D．实验中误将29次全振动数为30次 (3) 为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l，测出相应的周期T，从而得出一组对应的l与T的数值，再以l为横坐标，T2为纵坐标，将所得数据连成直线如图所示，则测得的重力加速度g=　　　　.‎ (4) 若摆球质量分布不均，如何准确测定重力加速度　　　　.‎ ‎14．在“验证动量守恒定律”的实验中：‎ ‎(1)在确定小球落地点的平均位置时通常采用的做法是______________________，其目的是减小实验中的________(选填“系统误差”或“偶然误差”)．‎ ‎ (2)入射小球每次必须从斜槽上______________滚下，这是为了保证入射小球每一次到达斜槽末端时速度相同．‎ ‎(3)入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，在m1＞m2时，实验中记下了O、M、P、N四个位置(如图所示)，若满足____________________(用m1、m2、OM、OP、ON表示)，则说明碰撞中动量守恒；若还满足_____________________(只能用OM、OP、ON表示)，则说明碰撞前后动能也相等．‎ ‎15．如图所示，两面平行的玻璃砖下表面涂有反射物质，一条与上表面成30°入射的光线，在右端垂直标尺上形成了A、B两个光斑，A、B间距为‎4cm，已知玻璃砖的折射率n =，求：‎ ‎(1)光在玻璃中的传播速度；‎ ‎(2)画出形成两光斑的光路图；‎ ‎(3)玻璃砖的厚度。‎ ‎16．图甲为某一列简谐波t=t0时刻的图象, 此时这列波上P质点的坐标为（‎1.0m,0）。图乙是P质点从这一时刻起的振动图象:‎ ‎(1)求波的传播方向和波速大小;‎ ‎(2)画出经过2.3 s后波的图象,并求P质点这段时间内的位移和路程。‎ ‎(3)求出t0时刻开始经过2.15s这段时间P质点运动的路程。‎ ‎17．在光滑水平面上静止有质量均为m的木板AB和滑块CD，木板AB上表面粗糙，滑块CD上表面是光滑的圆弧，他们紧靠在一起，如图所示一个可视为质点的物块P，质量也为m，它从木板AB的右端以初速度滑上木板，过B点时速度为，然后又滑上滑块CD，最终恰好能滑到滑块CD圆弧的最高点C处若物体P与木板AB间的动摩擦因数为µ，求： (1)物块滑到B处时木板AB的速度的大小； (2)木板AB的长度L； (3)滑块CD圆弧的半径R；‎ ‎(4)滑块CD最终速度的大小。‎ ‎【参考答案】‎ 一、 单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ C B B C B C B D 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ BCD CD AC ACD 二、 非选择题：本题共小题，共 60 分。‎ ‎13．(1)90.225　(2)ABD　(3)‎9.86 m/s2‎ 解析：(1)摆长l＝l0＋ ‎＝‎89.2 cm＋×‎2.050 cm＝‎90.225 cm.‎ ‎(2)因为g测＝，若把(l0＋d)当做摆长，则g测偏大；若按表过迟，则t偏小使得g测偏大；若摆长变长了，则l偏小，使得g测偏小；若将n＝29记成30，则由公式可知g测偏小．故选ABD.‎ ‎(3)g＝＝‎9.86 m/s2.‎ 14． 用圆规画一个尽可能小的圆把所有的落点圈在里面,圆心即平均落地位置；‎ 偶然误差；同一位置由静止开始；‎ m1·OP＝m1·OM＋m2·ON；OP＝ON－OM ‎15．（1）v=1.73×‎108m/s； （2）画出光路图如图所示； （3）d=‎‎6cm ‎16．(1)波沿x轴正向传播　‎5.0 m/s　(2)图象见解析,位移为‎10 cm,路程为‎2.3 m ‎ (2)根据振动图象可以判断P质点在t=t0时刻在平衡位置且向负的最大位移运动,由此可确定波沿x轴正向传播。由t=t0时该波的图象可知λ=‎2.0m,根据v=λf ‎,波传播的频率与波源振动频率相同,而波源振动的频率与介质中各质点振动频率相同,由P质点的振动图象可知,f =2.5Hz,所以v=2.0×‎2.5m/s=‎5.0m/s。‎ ‎(3)由于T=0.4s,所以2.3s=5T,波形重复5次再沿x轴推进个波长,经过2.3s后的波的图象如图所示,P质点的位移为‎10cm,路程s=‎4A×5+‎3A=‎23A=‎2.3m。‎ ‎17.(1)对ABC用由动量守恒得又,则 (2)由A到B,根据能量守恒得则 (3) 由D点C,滑块CD与物块P的动量守恒且机械能守恒,得 ‎ 解之得:     ‎ ‎(4)设物体P与滑块CD分离瞬间，物体P的速度为，在它们相互作用的过程中，以向左为正方向，在水平方向上，由动量守恒定律有： ， 由能量守恒定律有：， 解得：，， 可见，物体P与滑块CD交换速度后，物体P和木板AB都以的速度同方向作匀速运动，无法再追上滑块CD，故滑块CD最终速度应为。‎