云南省沧源县民中2019-2020学年高一上学期12月月考物理试题 9页

云南省沧源县民中2019-2020学年12月份考试 高一物理 本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。‎ ‎ ‎ 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) ‎ ‎1.a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的(　　)‎ A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度 B． 20 秒时，a、b两物体相距最远 C． 60 秒时，物体a在物体b的前方 D． 40 秒时，a、b两物体速度相等，相距200 m ‎2.一辆汽车以2 m/s2的加速度做匀减速直线运动，经过2 s(汽车未停下)汽车行驶了32 m，汽车开始减速时的速度是(　　)‎ A． 9 m/s B． 18 m/s C． 20 m/s D． 12 m/s ‎3.不倒翁之所以“不倒”，是因为它的重心设计巧妙，下列说法中正确的是(　　)‎ A． 重心在不倒翁的几何中心上 B． 不倒翁的重心很高 C． 不倒翁的重心很低 D． 不倒翁的重心不在物体上 ‎4.若规定向东为位移正方向，今有一个皮球停在水平面上某处，轻轻的踢它一脚，使它向东做直线运动，经过5米与墙壁相碰后又向西做直线运动，经过7米后停下，则上述过程皮球通过的路程和位移分别是(　　)‎ A． 12米，2米 B． 12米，－2米 C． －2米，－2米 D． 2米，2米 ‎5.关于物体的重心，下列说法中正确的是(　　)‎ A． 物体升高或降低(形状不变)时，重心在物体上的位置也相应升高和降低 B． 物体改变形状时，重心位置一定发生变化 C． 物体的重心可能位于物体之外 D． 只有物体的重心处才受重力作用 ‎6.用弹簧拉着木块在水平面上做匀速直线运动，弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力是(　　)‎ A． 一对作用力和反作用力 B． 一对平衡力 C． 大小相等、方向相同，作用在一条直线上 D． 大小相等、方向相反，作用在同一物体上 ‎7.下列情况中的物体可以看成质点的是(　　)‎ A． 地面上放一只木箱，在上面的箱角处用水平力推它，研究它是否翻转时 B． 研究足球能形成“香蕉球”的原因 C． 对于汽车的后轮，在研究汽车牵引力的来源时 D． 人造地球卫星，在研究其绕地球运动时 ‎8.某物体受四个力的作用而处于静止状态，保持其他三个力的大小和方向均不变，使另一个大小为F的力的方向转过90°，则欲使物体仍能保持静止状态，必须再加上一个大小为多少的力(　　)‎ A．F B．F C． 2F D． 3F ‎9.我国海军第一批护航编队从海南三亚起航赴亚丁湾、索马里海域执行护航任务．此次航行用时10天，途经南海、马六甲海峡，穿越印度洋，总航程4500海里．关于此次航行，下列说法中正确的是(　　)‎ A． “4 500海里”指的是护航舰艇的航行路程 B． “4 500海里”指的是护航舰艇的航行位移 C． 当研究护航舰艇甲板上的舰载飞机起飞时，可以将舰艇看作质点 D． 当研究护航舰艇的航行轨迹时，不可以将其看作质点 ‎10.某质点的位移随时间变化规律的关系是x＝4t＋2t2，x与t的单位分别为m和s，则质点的初速度与加速度分别为(　　)‎ A． 4 m/s与2 m/s2 B． 0与4 m/s2‎ C． 4 m/s与4 m/s2 D． 4 m/s与0‎ 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) ‎ ‎11.(多选)在“利用打点计器测量匀变速直线运动的加速度”的实验中，下列说法正确的是 (　　)‎ A． 电火花计时器正常工作时，其打点的周期取决于交流电压的高低 B． 电火花计时器正常工作时，其打点的周期取决于纸带运动的快慢 C． 打点计时器只能连续工作很短时间，打点之后要立即关闭电源 D． 电火花计时器应接220 V交流电 ‎12.(多选)关于两个大小不变的力F1、F2及它们的合力F，下列说法中正确的是(　　)‎ A． 合力F一定与F1、F2共同作用产生的效果相同 B． 两力F1、F2一定是同一个物体受到的力 C． 两力F1、F2与F是物体同时受到的三个力 D．F一定不随F1、F2的变化而变化 ‎13.(多选)一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，开到乙地刚好停止，其速度图象如图所示，那么在0－t0和t0－3t0这两段时间内(　　)‎ A． 加速度大小之比为3∶1 B． 位移大小之比为1∶2‎ C． 平均速度大小之比为1∶1 D． 加速度大小之比为2∶1‎ ‎14.(多选)升降机里一个小球系于弹簧下端(如下图所示)，升降机静止时，弹簧伸长4 cm.升降机运动时，弹簧伸长2 cm，若弹簧质量不计，则升降机的运动情况可能是(g＝9.8 m/s2)(　　)‎ A． 以1 m/s2的加速度加速下降 B． 以4.9 m/s2的加速度减速上升 C． 以1 m/s2的加速度加速上升 D． 以4.9 m/s2的加速度加速下降 三、实验题(共2小题,共15分) ‎ ‎15.“验证力的平形四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示．‎ ‎(1)图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是力________________．‎ ‎(2)本实验采用的主要科学方法是(　　)‎ A．理想实验法 B．等效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法 ‎(3)实验中能减小误差的措施是(　　)‎ A．两个分力F1、F2的大小要尽量大些 B．两个分力F1、F2间的夹角要尽量大些 C．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行 D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些 ‎16.某探究学习小组欲探究物体的加速度与力、质量的关系，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，图中小车的质量用M表示，钩码的质量用m表示．要顺利完成该实验，则：‎ ‎(1)为使小车所受合外力等于细线的拉力，应采取的措施是________；‎ 要使细线的拉力约等于钩码的总重力，应满足的条件是________．‎ ‎(2)某次打出的某一条纸带，A、B、C、D、E、F为相邻的6个计数点，如图，相邻计数点间还有四个点未标出．利用图中给出的数据可求出小车的加速度a＝________m/s2.‎ ‎(3)某位同学经过测量、计算得到如下数据，请在图中作出小车加速度与所受合外力的关系图象.‎ ‎(4)由图象可以看出，该实验存在着较大的误差，产生误差的主要原因是：______________.‎ 四、计算题 ‎ ‎17.一只足球以10 m/s的速度沿正东方向运动，运动员飞起一脚，足球以20 m/s的速度向正西方向飞去，运动员与足球的作用时间为0.1 s，求足球获得的加速度的大小和方向．‎ ‎18.如图所示，一小物块从静止沿斜面以恒定的加速度下滑，依次通过A、B、C三点，已知AB＝12 m，AC＝32 m，小物块通过AB、BC所用的时间均为2 s，则：‎ ‎(1)小物块下滑时的加速度为多大？‎ ‎(2)小物块通过A、B、C三点时的速度分别是多少？‎ ‎19.如图所示，用不可伸长的轻绳AC和BC吊起一质量不计的沙袋，绳AC和BC与天花板的夹角分别为60°和30°.现缓慢往沙袋中注入沙子．重力加速度g取10 m/s2，＝1.73.‎ ‎(1)当注入沙袋中沙子的质量m＝10 kg时，求绳AC和BC上的拉力大小TAC和TBC.‎ ‎(2)若AC能承受的最大拉力为150 N，BC能承受的最大拉力为100 N，为使绳子不断裂，求注入沙袋中沙子质量的最大值M.‎ ‎20.如图甲所示，质量m＝4 kg的物体在水平面上向右做直线运动．过a点时给物体作用一个水平向左的恒力F并开始计时，选水平向右为速度的正方向，通过速度传感器测出物体的瞬时速度，所得v－t图象如图乙所示．(取重力加速度为10 m/s2)求：‎ ‎(1)8 s末物体离a点的距离；‎ ‎(2)力F的大小和物体与水平面间的动摩擦因数μ.‎ 答案 ‎1.C 2.B 3.C 4.B 5.C 6.A 7.D 8.B 9.A 10.C 11.CD 12.AB 13.BCD 14.BD ‎15.(1)F′　(2)B　(3)ACD ‎【解析】(1)单弹簧秤拉橡皮筋，需保证与两个弹簧秤拉橡皮筋时等效，即结点O到同一位置，故方向一定沿AO的是F′.‎ ‎(2)本实验采用的主要科学方法是等效替代法．‎ ‎(3)本实验误差来源主要是摩擦力，故C正确；两个分力F1、F2的大小要尽量大些，一是减小读数误差，二是减小作图误差，故A正确；拉橡皮筋的细绳要长些，标记要远一些，这样便于确定拉力方向，作图更准确，故D正确；两个分力F1、F2间夹角不宜过大或过小，那样作图不方便，容易产生误差，故B错误．‎ ‎16.(1)平衡摩擦力　M≥m ‎(2)0.50　(3)如图 ‎(4)木板倾角偏小(或“平衡摩擦力不足”或“未完全平衡摩擦力”)‎ ‎【解析】‎ ‎17.　300 m/s2　方向向西 ‎【解析】　对于足球，初、末速度方向相反，求解时应先确定正方向．‎ 规定正东为正方向，则 v0＝10 m/s，vt＝－ 20 m/s 由a＝，得a＝m/s2＝－300 m/s2，‎ ‎“－”表示加速度的方向向西．‎ ‎18.　(1)2 m/s2　(2)4 m/s　8 m/s　12 m/s ‎【解析】　法一　(1)设物块下滑的加速度为a，‎ 则sBC－sAB＝at2，‎ 所以a＝＝m/s2＝2 m/s2‎ ‎(2)vB＝＝m/s＝8 m/s 由vt＝v0＋at 得vA＝vB－at＝(8－2×2)m/s＝4 m/s vC＝vB＋at＝(8＋2×2)m/s＝12 m/s 法二　由s＝v0t＋at2知 AB段：12＝vA×2＋a×22①‎ AC段：32＝vA×4＋a×42②‎ ‎①②联立得vA＝4 m/s，a＝2 m/s2‎ 所以vB＝vA＋at＝8 m/s，vC＝vA＋a·2t＝12 m/s.‎ 法三　vB＝＝8 m/s，由sBC＝vBt＋at2‎ 即32－12＝8×2＋a×22，得a＝2 m/s2，‎ 由vt＝v0＋at知vA＝vB－at＝4 m/s vC＝vB＋at＝12 m/s.‎ ‎19.　(1)86.5 N　50 N　(2)17.3 kg ‎【解析】　受力图如图所示 ‎(1)G＝mg TAC＝Gcos 30°＝86.5 N TBC＝Gcos 60°＝50 N ‎(2)因为TAC/TBC＝‎ 而TACmax＝150 N　TBCmax＝100 N 所以AC更容易被拉断 TACmax＝Mg/2＝150 N 解得M＝10kg＝17.3 kg ‎20.(1)8 m (2)6 N　0.05‎ ‎【解析】(1)设8 s末物体离a点的距离为s，s应为v－t图与横轴所围的面积，则有：‎ s＝×4×8 m－×4×4 m＝8 m，故物体在a点右侧8 m处．‎ ‎(2)设物体向右做匀减速直线运动的加速度大小为a1，则由v－t图得：‎ a1＝2 m/s2①‎ 根据牛顿第二定律，有F＋μmg＝ma1②‎ 设物体向左做匀加速直线运动的加速度大小为a2，则由v－t图得：‎ a2＝1 m/s2③‎ 根据牛顿第二定律，有：F－μmg＝ma2④‎ 解①②③④得：F＝6 N，μ＝0.05.‎