【物理】湖南省天壹名校联盟2020届高三上学期12月大联考试题（解析版） 19页

湖南省天壹名校联盟2020届高三上学期 ‎12月大联考试题 一、选择题 ‎1.甲、乙两质点在一直线上做匀加速直线运动v﹣t图象如图所示，在3s末两质点在途中相遇，两质点出发点间的距离是（ ）‎ A. 甲在乙之前2m B. 乙在甲之前2m C. 乙在甲之前4m D. 甲在乙之前4m ‎【答案】D ‎【详解】根据速度图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移，得3s内甲的位移为 m 乙的位移为 m 由于3s末两质点在途中相遇，则两质点出发点间的距离是 m 即甲在乙之前4m，D正确，ABC错误。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】本题一要掌握速度图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移，二是抓住两质点出发点的距离与两位移的关系，即可求解．‎ ‎2.对于光电效应及其规律，下列说法正确的是 A. 光电效应现象说明了光是一种波 B. 光电效应实验中打出来的光具有粒子性 C. 当照射光的波长小于金属的极限波长时，会发生光电效应 D. 照射光的强度越强，发生光电效应需要的时间越短 ‎【答案】C ‎【详解】A．光电效应现象说明光是一种粒子，故A错误；‎ B．光电效应实验中打出的是光电子，而不是光，故B错误；‎ C．当照射光的频率大于等于金属的极限频率时，即照射光的波长小于等于金属的极限波长时，会发生光电效应，故C正确；‎ D．光电效应的发生基本不需要时间，与照射光的强度无关，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎3.将一小球以一定的初速度水平抛出，设小球抛出后水平方向的位移为，竖直方向的位移为，结果小球在空中运动过程中与的关系如图所示，重力加速度，不计空气阻力，则小球被抛出的初速度大小为 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【详解】将小球做的平抛运动进行分解，则有 则 结合图像有 求得 故A正确。故选A。‎ ‎4.如图所示，甲、乙两球在同一光滑水平面上相向运动，速度大小分别为，甲、乙的动能之比为5：4，碰撞后，甲球的速度为0，则碰撞后乙球的速度大小为 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【详解】由题意可知，‎ 求得 根据动量守恒 求得 故B正确。‎ 故选B。‎ ‎5.如图所示的变压器电路中，三个定值电阻的阻值相同，理想变压器原、副线圈的匝数比为2：1，在端加上电压为的交流电压，电键断开时，电流表的示数为，则闭合后，电流表的示数为 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【详解】设每个定值电阻的阻值为，电键断开时，根据变流比，副线圈中的电流为 ‎，副线圈两端的电压为，根据变压比，原线圈两端的电压为，结合串并联电路特点有 同理，当电键闭合时，设电流表的示数为，副线圈中的电流为，副线圈两端的电压为，原线圈两端的电压为，则 得到 故D正确。‎ 故选D。‎ ‎6.如图所示，正方形为水平放置的长木柱的截面，一根细线一端连接在点一端连一个小球，细线的长为，开始时细线水平拉直，由静止释放小球，要使小球刚好能垂直打在侧面，不计小球的大小，重力加速度为，则正方形的边长的大小为 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【详解】设小球刚好能垂直打在侧面时速度大小为，由机械能守恒定律有 由牛顿第二定律 求得 故C正确。‎ 故选C。‎ ‎7.如图(a)所示,一只小鸟沿着较粗的树枝从A缓慢移动到B,将该过程抽象为质点从圆弧A点移动到B点,如图(b)．以下说法正确的是.‎ A. 树枝对小鸟的弹力减小 B. 树枝对小鸟的弹力增大 C. 树枝对小鸟的摩擦力减小 D. 树枝对小鸟的摩擦力增大 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ 由题意可知考查力的平衡问题，运用解析法分析可得．‎ ‎【详解】AB．设弹力与竖直方向的夹角为，由平衡条件得:小鸟所受的弹力 从A到B的过程中，减小，则弹力增大，故A错误、B正确；‎ CD． 小鸟所受的摩擦力 从A到B的过程中，减小，则摩擦力减小，故C正确，D错误．‎ ‎【点睛】对小鸟受力分析，运用解析法写出弹力、摩擦力的表达式，分析可得．‎ ‎8.四个点电荷（其中两个电量为、另两个电量为）分别位于正方形的顶点上，组成一种如图所示的电四极子。为正方形对角线的交点，为正方形四条边的中点，无穷远处电势为零，则下列说法正确的是 A. 四点的电势均与点电势相等 B. 两点的电场强度大小相等、方向相反 C. 将一个检验电荷从点移到点，电场力做功为零 D. 将一个检验电荷从点沿直线移到点的过程中，电荷的电势能先减小后增大 ‎【答案】ABC ‎【详解】A．由于等量异种电荷连线的垂直平分线为等势线，且电势为零，因此、、、四点和 点的电势均为零，故A正确；‎ B．上面两个等量异种电荷在点产生的电场的电场强度方向向右，下面两个等量异种电荷在点产生的电场的电场强度方向向左，由于上面两个等量异种电荷在点产生的电场强度大于下面两个等量异种电荷在点产生的电场的电场强度，因此点的合场强方向向右；根据对称性可知，点的场强与点的场强大小相等，方向相反，故B正确；‎ C．由于两点等势，因此将一个检验电荷从点移到点，电场力做功为零，故C正确；‎ D．由于所在的直线为等势线，因此将一个检验电荷从点沿直线移到点的过程中，电荷的电势能保持不变，故D错误。‎ 故选ABC。‎ ‎9.已知一质量为的物体静止在北极与赤道对地面的压力差为，假设地球是质量均匀的球体，半径为，地球两极的重力加速度为。则 A. 地球的自转周期为 ‎ B. 地球的自转周期为 C. 地球同步卫星的轨道半径为 ‎ D. 地球同步卫星的轨道半径为 ‎【答案】AC ‎【详解】AB．在北极 赤道 根据题意，有 联立计算得出：‎ 故A正确，B错误；‎ CD．万有引力提供同步卫星的向心力，则：‎ 联立可得：‎ 又地球表面的重力加速度为，则：‎ 得：‎ 故C正确，D错误。‎ 故选AC。‎ ‎10.如图所示，两个固定的光滑四分之一圆弧轨道所在的竖直平面平行，且连线与轨道所在平面垂直，轨道间距为，圆弧所在圆的半径为，轨道下端处切线水平，轨道上端连接有阻值为 的定值电阻，轨道处在辐向的磁场中，磁场方向垂直轨道所在圆弧面，圆弧面上磁感应强度大小处处为，一根导体棒放在轨道的上端处并由静止释放，导体棒向下运动过程中与轨道接触良好，且始终与轨道垂直，导体棒的质量为，导体棒和轨道电阻均不计，重力加速度为。若导体棒从运动到过程中，定值电阻上产生的热量为，则导体棒从静止运动到的过程中，下列说法正确的是 A. 电阻中的电流方向为从到 ‎ B. 当导体棒的速度为时，电阻的瞬时功率为 C. 通过电阻的电量为 ‎ D. 在位置时，对轨道的压力大小为 ‎【答案】BC ‎【详解】A．根据右手定则可知，通过电阻电流方向为到，故A错误；‎ B．由于速度方向始终与磁场垂直，当导体棒的速度为时，感应电动势，则电阻的瞬时功率 故B正确；‎ C．通过电阻的电量 故C正确；‎ D．根据功能关系，导体棒运动到位置时，‎ 在位置 求得 故D错误。‎ 故选BC。‎ 二、非选择题 ‎11.在“探究加速度与物体所受合力的关系”的实验中，实验装置如图甲所示，设带有定滑轮的小车质量为M，沙和沙桶的总质量为m，打点计时器所接的交流电的频率为50Hz．‎ ‎（1）对于上述实验，下列说法正确的是______．‎ A．需要用天平测出沙和沙桶的总质量 B．调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车（未连细线）能沿长木板向下匀速运动 C．与小车定滑轮相连的轻绳与桌面要平行 D．小车靠近打点计时器，先接通电源后释放小车 ‎（2）若在实验中得到一条纸带如图乙所示，O、A、B、C、D为五个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．根据纸带数据，可求出小车的加速度a=______m/s2（结果保留2位有效数字）．‎ ‎（3）该实验，沙和沙桶的总质量m______（选填“需要”或“不需要”）远小于小车的质量M；在实验过程中小车的加速度______（选填“大于”“等于”或“小于”）沙和沙桶的加速度．‎ ‎（4）以弹簧测力计的读数F为横坐标，通过纸带计算出的加速度为纵坐标，画出的a-F图象如图丙所示，则可求出小车的质量M=______kg．‎ ‎【答案】 (1). BD (2). 1.2 (3). 不需要 小于 (4). 0.25‎ ‎【详解】（1）[1]．探究加速度与物体所受合力的关系”的实验中，实验装置如图甲所示，从甲图可以看出，小车所受的合外力由弹簧秤测出，不必测沙和桶的质量，故选项A错误，但平衡摩擦力的步骤不能省，故选项B正确，轻绳与木板要平行，不是与桌面平行，故选C错误，小车靠近打点计时器，先接通电源后释放小车，故选项D正确，所以本小题选：BD．‎ ‎（2）[2]．由运动学公式求加速度，‎ a==m/s2=1.2m/s2 ；‎ ‎（3）[3][4]．由于拉力可以从弹簧秤读出，所以不需要满足m＜＜M，由于沙和桶的位移是小车的2倍，则沙和桶的加速度小于小车的加速度；‎ ‎（4）[5]．对小车根据牛顿第二定律有：‎ ‎2F=Ma 即 a=‎ 结合图象的斜率 k==‎ 所以 M=0.25kg ‎12.某同学要测某新型手机电池的电动势和内阻，设计了如图甲所示的电路，电路中R0为定值电阻，阻值大小为3.5Ω．‎ ‎（1）请按电路图完成图乙中实物图的连接．‎ ‎（2）闭合开关S前，应先将实物图中的滑动变阻器的滑片移到最_______（填“左”或“右”端），电路中定值电阻R0的作用是_______________________________________．‎ ‎（3）闭合S，调节滑动变阻器的滑片，测出多组电流表和电压表的值，作出U—I图像如图丙所示，则电池的电动势E=_____V，电池的内阻r=______Ω．‎ ‎（4）本实验由于存在系统误差，使得电动势的测量值比真实值_______（填“大”或“小”），电池内阻的测量值比真实值__________（填“大”或“小”）．‎ ‎【答案】 (1). (2). 左 保护电路 (3). 3.8 0.5 (4). 小 小 ‎【详解】（1）[1]根据原理图可得出对应的实物图，如图所示；‎ ‎（2）[2][3]为了让电流由最小值开始调节，滑动变阻器的滑片开始时应滑到最左端；电路中定值电阻的作用是保护电路，防止电源发生短路．‎ ‎（3）[4][5]根据闭合电路欧姆定律可知:‎ 由图可知，电源的电动势E=3.8V，‎ 图象的斜率表示内电阻与定值电阻之和：‎ 可得：‎ r=0.5Ω ‎（4）[6][7]保护电阻等效到电源的内部，电压表测的电压为外电压，电流表所测的电流偏小，作出U﹣I图线的测量图线和实际图线，虚线表示实际图，‎ 从图线可以看出，电动势和内阻的测量值均小于真实值．‎ ‎13.一个物块从倾角为的斜面底端以大小为的初速度上滑，上滑到最高点速度为零后，又沿原路返回，已知物块上滑过程中重力的冲量与下滑过程中重力的冲量之比为1：2，物块与斜面间的动摩擦因数恒定，重力加速度为，，。求：‎ ‎（1）物块与斜面间的动摩擦因数；‎ ‎（2）物块返回到斜面底端时速度的大小。‎ ‎【答案】（1） （2）‎ ‎【详解】(1)设上滑的时间为，下滑的时间为，根据题意知 即：‎ 设物块与斜面间的动摩擦因数为，根据牛顿第二定律，上滑过程中加速度大小 下滑过程中加速度大小 求得 ‎，‎ ‎(2)设物块返回到斜面底端的速度为，则 解得物块滑到斜面底端时的速度大小 ‎14.如图，光滑轨道固定在竖直平面内，倾斜、水平、为半径的半圆弧轨道，三部分平滑连接，为圆弧轨道的最低点，可视为质点的小球和中间压缩一轻质弹簧静止在水平轨道上（弹簧与两小球不拴接且被锁定）。现解除对弹簧的锁定，小球脱离弹簧后恰能沿轨道运动到处，小球沿圆弧轨道运动。已知，的竖直高度差，在点时小球对轨道压力的大小为，弹簧恢复原长时小球仍处于水平轨道（不计空气阻力，），已知。求：‎ ‎（1）小球质量；‎ ‎（2）弹簧锁定时的弹性势能。‎ ‎【答案】(1) (2)‎ ‎【详解】(1)对小球，由机械能守恒定律得：‎ 解得 取水平向左为正，对小球、，由动量守恒定律得：‎ 在点，由牛顿第二定律得：‎ 联立以上各式代入数值得：‎ ‎，（，舍去)‎ ‎(2)由能量的转化及守恒得：‎ 代入数值得：‎ ‎15.如图所示，在直角坐标系中，虚线平分第一、三象限，虚线右侧有垂直于坐标平面的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为，轴上方、虚线左侧有沿轴正向的匀强电场，电场强度为，点处有一质量为、电量为的带正电的粒子在坐标平面内、以大小为的速度沿平行的方向射入电场，经电场偏转后，恰好经过坐标原点且速度沿轴负方向，不计粒子的重力。求：‎ ‎（1）点的位置坐标；‎ ‎（2）从点射出到第五次经过所用的时间。‎ ‎【答案】(1)，(2)‎ ‎【详解】(1)设点的位置坐标为，粒子从点到点的运动为类平抛运动的逆运动 因此有：‎ ‎，‎ 求得 ‎，，‎ ‎(2)粒子进入磁场时速度大小 粒子两次在磁场中运动的总时间 粒子第二次在电场中运动时间 粒子第三次在电场中运动时做类平抛运动，设运动的时间为，则 ‎，‎ 求得 因此粒子从点射出到第五次经过，所用时间 ‎16.下列说法正确的是_______________。‎ A. 表面张力使液体的表面有拉伸的趋势 B. 饱和蒸汽在等温变化的过程中，当体积减小时压强不变 C. 将未饱和汽化成饱和汽可以保持体积不变，降低温度 D. 当空气中水蒸气压强等于同温度水的饱和汽压，水会停止蒸发 E. 空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸汽的压强与相同温度时水的饱和汽压之比 ‎【答案】BCE ‎【详解】A．与气体接触的液体表面分子间距离大于液体内部分子间距离，液体表面层的分子间同时存在相互作用的引力与斥力，但由于分子间的距离大于分子的平衡距离，分子引力大于分子斥力，分子力表现为引力，即存在表面张力，表面张力使液体表面有收缩的趋势，故A错误；‎ B．饱和蒸汽压和温度有关，和其体积无关，故B正确；‎ C．保持体积不变，减小压强，根据理想气体的状态方程：可知气体的温度一定降低，所以可知未饱和汽在降低温度时可能转化成饱和汽，故C正确；‎ D．空气中水蒸气压强等于同温度水的饱和汽压，水蒸发速率等于水蒸气的液化速率，达到一个动态平衡，但水不会停止蒸发，故D错误；‎ E．空气的绝对湿度用空气中所含水蒸汽的压强表示，空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸汽的压强与相同温度时水的饱和汽压之比，故E正确。‎ 故选BCE。‎ ‎17.如图所示，气缸开口向上放在水平地面上，缸内有一固定的导热板和一个可自由移动的活塞，开始时导热板上、下封闭气体、的压强相等、温度均为，气柱气体的体积为气柱气体体积为，已知大气压强为，活塞的质量为，活塞的横截面积为，气缸足够长，气缸和活塞都是绝热材料制成，给气体缓慢加热，当气体体积相等时，电热丝发出的热量为，重力加速度为。求：‎ ‎①当气体体积相等时，中气体的压强多大？‎ ‎②当气体体积相等时，两段气体增加的总内能是多少？‎ ‎【答案】①；②‎ ‎【详解】①开始时，中气体压强 对气体研究，当气体的体积增大为原来2倍，气体发生等压变化 得 对气体研究，气体发生等容变化，则 得 ‎②活塞向上移动过程对外做功为 根据热力学第一定律，两部分气体增加的内能 ‎18.一列简谐横波沿轴的正方向传播，振幅为，周期为，已知在时刻波上相距的两质点的位移都是，但运动方向相反，其中质点沿轴负向运动。如图所示，则这列波的波长为_______________，波速为________________。‎ ‎【答案】 ‎ ‎【详解】[1]由题意可得 解得 ‎[2]由可得 ‎19.如图所示，半径为的圆周透明介质，为中点，光线从点垂直于界面射入该介质，在点反射后，在界面的点（点图中未画出）发生折射，折射角为角，已知光在真空中的速度为。求：‎ ‎①该介质的折射率；‎ ‎②光线沿传播时间。‎ ‎【答案】①；②‎ ‎【详解】①由几何关系可得：光在界面的入射角为，光在界面的入射角为，折射角为，由折射定律可得 ‎②由几何关系可得：‎ 光在介质中传播速度为，光线沿传播时间