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- 2021-06-02 发布
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福建省南平市 2020 届高三一模考试
一、选择题
1.单色光 B 的频率为单色光 A 的两倍,用单色光 A 照射到某金属表面时,从金属表面逸出
的光电子最大初动能为 E1。用单色光 B 照射该金属表面时,逸出的光电子最大初动能为
E2,则该金属的逸出功为
A. E2-E1 B. E2-2E1
C. 2E1-E2 D.
【答案】B
【详解】根据光电效应方程:用单色光 A 照射到某金属表面时
用单色光 B 照射到某金属表面时
解得
A.E2-E1,与结论不相符,选项 A 错误;
B.E2-2E1,与结论相符,选项 B 正确;
C.2E1-E2,与结论不相符,选项 C 错误;
D. ,与结论不相符,选项 D 错误;
故选 B。
2.如图所示,表面光滑的楔形物块 ABC 固定在水平地面上,∠ABC<∠ACB,质量相同的物
块 a 和 b 分别从斜面顶端沿 AB、AC 由静止自由滑下。在两物块到达斜面底端的过程中,
正确的是
1 2
2
E E+
1E h Wν= − 逸出功
2 2E h Wν= ⋅ − 逸出功
2 1= -2W E E逸出功
1 2
2
E E+
A. 两物块所受重力冲量相同
B. 两物块的动量改变量相同
C. 两物块的动能改变量相同
D. 两物块到达斜面底端时重力的瞬时功率相同
【答案】C
【详解】设斜面倾角 θ,则物体在斜面上的加速度分别为
设斜面高度为 h.则物体在斜面上滑行的时间为:
因为∠ABC <∠ACB 可得物块在 AB 斜面上的滑行时间比在 AC 斜面上的滑行时间较长;
A.根据 I=mgt 可知,两物块所受重力冲量不相同,选项 A 错误;
B.根据动量定理
可知,两物块的动量改变量不相同,选项 B 错误;
C.根据动能定理
两物块的动能改变量相同,选项 C 正确;
D.两物块到达斜面底端时重力的瞬时功率
则重力瞬时功率不相同,选项 D 错误;
故选 C。
3.如图所示,挂钩连接三根长度均为 L 的轻绳,三根轻绳的另一端与一质量为 m、直径为
1.2L 的水平圆环相连,连接点将圆环三等分,在挂钩拉力作用下圆环以加速度 a= g 匀加
速上升,已知重力加速度为 g,则每根轻绳上的拉力大小为
sina g θ=
2
2 2
sin sin
h ht a gθ θ= =
sinmg t mvθ ⋅ =
21
2kE mgh mv∆ = =
sinP mgv θ=
1
2
A. B. C. D.
【答案】C
【详解】由几何关系可知,每根绳子与竖直方向的夹角 sinθ=0.6,cosθ=0.8;对圆环在竖直
方向:
解得
A. ,与结论不相符,选项 A 错误;
B. ,与结论不相符,选项 B 错误;
C. ,与结论相符,选项 C 正确;
D. ,与结论不相符,选项 D 错误;
故选 C。
4.一宇航员在某星球上立定跳高的最好成绩是地球上的 4 倍,该星球半径为地球的一半。阻
力不计,则该星球的第一字宙速度约为
A. 2.0 km/s B. 2.8km/s C. 4.0 km/s D. 5.9 km/s
【答案】B
【详解】根据 可知
又
根据第一宇宙速度的表达式 可得
A.2.0 km/s,与结论不相符,选项 A 错误;
B.2.8km/s,与结论相符,选项 B 正确;
C.4.0 km/s,与结论不相符,选项 C 错误;
D.5.9 km/s,与结论不相符,选项 D 错误;
5
12 mg 5
9 mg 5
8 mg 5
6 mg
3 cosT mg maθ − =
5
8T mg=
5
12 mg
5
9 mg
5
8 mg
5
6 mg
2
0
2
vh g
=
4 =g g星 地
1= 2R R星 地
v gR=
1 1 7.9= = = km/s=2.8km/s4 2 2 2
g Rv v vg R
× ⋅ × ⋅星 星
星 地 地
地 地
故选 B。
5.如图所示,宽度为 L 的区域内存在垂直于纸面向里的匀强磁场,一个高为 L 的梯形闭合金
属线框 abcd 沿垂直于磁场边界向右匀速穿过磁场,速度大小为 v,ab,cd 边保持与磁场边
界平行,金属线框 ab 边到达磁场左边界时为 t=0 时刻,规定向左为线框所受安培力 F 的正
方向,关于线框所受安培力 F 与时间 t 关系图象可能正确的是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【详解】进入磁场过程中,所受的安培力:
当线圈向右运动 L 进入磁场时,由于有效切割长度 L 逐渐增加,所以安培力增加,但非线
性增加;当全部进入磁场的瞬时安培力为零;出磁场过程中,有效切割长度也是逐渐增加,
所以安培力也是逐渐增加,但非线性增加;
A.该图与结论不相符,选项 A 错误;
B.该图与结论不相符,选项 B 错误;
C.该图与结论不相符,选项 C 错误;
D.该图与结论相符,选项 D 正确;故选 D。
6.如图所示,一水平放置的平行板电容器与电源相连。开始时开关闭合,一带电油滴沿两极
板中心线方向以某一初速度射入,恰好沿中心线通过电容器。则下列判断正确的是
2 2B L vF BIL R
= =
A. 保持开关闭合,将 B 板竖直向上平移一小段距离,粒子可能打在电容器的 A 板上
B. 保持开关闭合,将 B 板竖直向上平移一小段距离,粒子仍能沿原中心线通过电容器
C. 断开开关,将 B 板竖直向上平移一小段距离,粒子可能打在电容器的 A 板上
D. 断开开关,将 B 板竖直向上平移一小段距离,粒子仍能沿原中心线通过电容器
【答案】AD
【详解】AB.开始时,油滴能沿直线飞过两板,可知油滴受向下的重力和向上的电场力平
衡,油滴带负电;若保持开关闭合,将 B 板竖直向上平移一小段距离,根据 可知,
两板间场强变大,粒子受向上的电场力变大,粒子向上偏转,则粒子可能打在电容器的 A
板上,选项 A 正确,B 错误;
CD.断开开关,则两板带电量不变,根据 、 以及 可知
则将 B 板竖直向上平移一小段距离,两板间场强不变,粒子受电场力不变,则粒子仍能沿
原中心线通过电容器,选项 C 错误,D 正确;
故选 AD。
7.一矩形导线框在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动,产生的正弦交流电如图甲所
示,导线框电阻不计,匝数为 100 匝,把线框产生的交流电接在图乙中理想变压器原线圈的
a、b 两端,Rt 为热电阻(温度升高时,其电阻减小),R 为定值电阻,电压表和电流表均为理
想电表,则
A. 线框在匀强磁场中的转速为 50r/s
B. 在 t=1.0×10-2s 时刻,线框平面与磁场方向平行
C. 线框转动过程中磁通量变化率最大值为 0.22 wb/s
D. Rt 处温度升高时,V1 表示数与 V2 表示数 比值不变
【答案】AC
【详解】A.由图可知线圈产生感应电动势的周期为 T=0.02s,则转速
的
UE d
=
QC U
= UE d
=
4
SC kd
ε
π=
4 kQE S
π
ε=
2
选项 A 正确;
B.在 t=1.0×10-2s 时刻,感应电动势为零,此时线框平面与磁场方向垂直,选项 B 错误;
C.电动势最大值 ,根据 可知线框转动过程中磁通量变化率最大值
为
选项 C 正确;
D.因为变压器初级电压是不变的,则次级电压不变,当 Rt 处温度升高时,电阻减小,则次
级电流变大,则电阻 R 的电压变大,V2 读数减小,而 V1 读数不变,则 V1 表示数与 V2 表示
数的比值要变化,选项 D 错误;故选 AC。
8.如图所示绝缘传送带长为 l,倾角为 θ。沿顺时针方向转动,速度大小恒为 v0,质量为
m、电荷量为-q 的带电物块(可视为质点),以初速度 v0 从底端滑上传送带,并从传送带顶
端滑出。整个空间存在匀强电场,场强大小 E= ,方向平行于传送带斜向下。传送
带与物体间动摩擦因数 μ≠0,运动过程中物块所带电量不变,重力加速度为 g。物块从底端
滑至顶端的过程中可能正确的是
A. 物块一直做匀速直线运动
B. 物块先做匀减速直线运动后做匀速直线运动
C. 物块电势能增加了 mglsinθ
D. 物块克服摩擦力做功为
【答案】BD
1 1 r/s 50r/s0.02n T
= = =
22 2VmE = m
BE n t
∆= ∆
22 2= =0.22 2Wb/s100
mEB
t n
∆ =∆
1
2
sinmg
q
θ
2
0
3
8 mv
【详解】AB.开始时物块沿传送带方向受到向上的电场力
向下的重力的分量 以及向下的滑动摩擦力,则物块受到的合外力向下,加速度向
下,物块向上做匀减速运动;当物块与传送带共速时,因沿传送带向上的电场力等于向下的
重力的分量,则物体受合力为零,向上做匀速运动,则选项 A 错误,B 正确;
C.电场力对物块做正功,则物块电势能减小,选项 C 错误;
D.整个过程由动能定理:
解得
选项 D 正确;故选 BD。
二、非选择题
(一)必考题
9.某实验小组用图甲实验装置验证钩码与滑块组成的系统机械能守恒,主要步骤如下:
①钩码的质量为 m,用天平测量滑块和遮光条的总质量为 M,用游标卡尺测量遮光条的宽
度 d,用刻度尺测量两光电门之间的距离 s;
②调节旋钮使气垫导轨水平,同时调节轻滑轮使细线水平;
sinF Eq mg θ= =
sinmg θ
2 2
0
1 1sin (0.5 )2 2fqEl mgl W m v mvθ− − = −
2
0
3
8fW mv=
③释放滑块,用计时器分别测出遮光条经过光电门 A 和光电门 B 所用的时间△tA 和△tB。
请回答下列问题:
(1)测遮光条的宽度 d 时,游标卡尺的示数如图乙所示,则 d=___________cm。
(2)若系统机械能守恒,则 mgs=___________(用 M、m、d、△tA 和△tB 表示)
【答案】 (1). 0.52 (2).
【详解】(1)[1]由图可知 d=0.5cm+0.1mm×2=0.52cm;
(2)[2]遮光条经过光电门 A 和光电门 B 的速度分别为:
要验证的关系式为:
即 。
10.某研究性学习小组设计如图甲所示的电路来测定电源的电动势 E、内阻 r 及待测电阻 Rx
的阻值,通过改变滑动变阻器的阻值,记录多组电压表 V1、V2 及电流表 A 的读数,并描点
作图得到如图乙所示的 a、b 两条 U-I 图线。
(1)由电压表 V1 与电流表 A 的示数描绘的 U-I 图线是图乙中的___________(选填“a”或“b”)
(2)由图乙可得,电源电动势 E=___________V,内阻 r=___________Ω,待测电阻
Rx=___________Ω。(结果保留两位有效数字)
(3)在滑动变阻器触头滑动的过程中,电压表 V1、V2 读数变化量分别用 、 表示电
2 2
2 2
1 ( )2 B A
d dM m t t
+ − ∆ ∆
A
A
dv t
= ∆
B
B
dv t
= ∆
2 21 1( ) ( )2 2B Amgs M m v M m v= + − +
2 2
2 2
1 ( )( )2 B A
d dmgs M m t t
= + −∆ ∆
1U∆ 2U∆
源内阻为 r,定值电阻日 Rx,则 =___________(用题中物理量符号表示)
【答案】(1). a (2). 2.7 0.9 1.8 (3).
【详解】(1)[1]根据 U=E-Ir 可知 U2-I 图像的斜率应该等于电阻 Rx 和电源内阻之和,U1-I 图
像的斜率应该等于电源内阻,可知 U2-I 图像的斜率较大,U1-I 图像的斜率较小,即电压表 V1
与电流表 A 的示数描绘的 U-I 图线是图乙中的 a;
(2)[2][3][4]由图乙可得,电源电动势 E=2.7V,由图像 a 可得:
由图像 b 可得:
待测电阻
Rx=1.8Ω;
(3)[5]根据 U=E-Ir 可知:
U1=E-Ir;
U2=E-I(Rx+r)
则
则
。
11.如图所示,在水平地面上固定着一个倾角为 30°的光滑斜面,斜面顶端有一不计质量和摩
擦的定滑轮,一细绳跨过定滑轮,一端系在物体 A 上,另一端与物体 B 连接,物体 A、B
均处于静止状态细绳与斜面平行。若将 A、B 两物体对调,将 A 置于距地面 h 高处由静止
释放,设 A 与地面碰撞后立即停止运动,B 在斜面运动过程中不与滑轮发生碰撞,重力加
速度为 g。试求:
(1)A 和 B 的质量之比;
1
2
U
U
∆
∆
x
r
R r+
a 2.7 0.9Ω3.0
∆= = =∆
Ur I
2.7 2.7Ω1.0
∆+ = = =∆
b
x
UR r I
1U rI
∆ =∆
2
x
U R rI
∆ = +∆
1
2
=
x
rU
U R r
∆
∆ +
(2)物体 B 沿斜面上滑的总时间。
【答案】(1)2:1;(2) 。
【详解】(1)对物体 A、B 受力分析,有:
mAgsin30°=T1
T1=mBg
解得:
;
(2)A、B 对调后,A 物体接触地面前:
对 A:
对 B:
B 在斜面上运动时间为:
A 落地后,B 继续向上运动
解得:
4 h
g
2
1
A
B
m
m
=
2 1A Am g T m a− =
2 1sin30B BT m g m a− =
2
1 1
1
2h a t=
2sin30B Bm g m a=
1 1 2 2a t a t=
所以 B 运动总时间:
。
12.如图所示,在光滑绝缘水平面上,存在两个相邻的相同矩形区域 CDMN 和 NMHG,,
CD=NM=GH=2d、CN=NG=d.区域 CDMN 中存在方向竖直向下的匀强磁场 B1,区域 MMHG
中存在方向竖直向上的匀强磁场 B2。不可伸长的轻质细线,一端固定于 O 点,另一端拴有
一个质量为 的绝缘小球 a。拉紧细线使小球 a 从距离桌面高 h 的位置静止释放,当小球 a
沿圆弧运动至悬点正下方位置时,与静止于该处的带正电小球 b 发生正碰,碰后小球 a 向左
摆动,上升的最大高度为 ,小球 b 从 CD 边界中点 P 垂直进入 CDMN 区域,已知小球 b
质量为 m,带电量为+q,且始终保持不变,重力加速度为 g。则
(1)通过计算判断 a、b 两小球的碰撞是否为弹性碰撞;
(2)若 B1=B2=B,要使 b 小球能从 NG 边界射出,求 B 的取值范围;
(3)若区域 CDMN 中磁感应强度 B1= ,方向仍竖直向下。将区域 NMHG 中磁场改
为匀强电场,电场方向水平且由 N 指向 M。是否存在一个大小合适的场强使小球 b 恰由 H
点离开电场区域,若存在请算出场强 E 的大小,不存在请说明理由。
【答案】(1)弹性碰撞,分析过程见解析;(2) ;(3)存 ,
。
在
1 2 2 ht t g
= =
1 2 4 ht t t g
= + =
3
m
4
h
4
5 2
m gh
qd
4
5 2 2
m gh m ghBqd qd
≤ ≤
51
50
mghE qd
=
【详解】(1)设小球 a 碰前的速率为 ,碰后速率为 ,小球 b 的速率为 ,a 小球与 b 小
球碰撞前:
①
a 小球与 b 小球碰撞后:
②
a 小球与 b 小球碰撞时,以水平向右为正方向:
③
联立①②③得:
碰撞前两物体总动能
碰撞后两物体总动能
碰撞前后总动能守恒,所以 a、b 两小球碰撞属于弹性碰撞。
(2)若小球 b 恰好从 N 点射出,作出小球的运动轨迹,如图所示。由几何关系得:
R=d④
而
⑤
av ′av bv
21
3 2 3 a
m mgh v= ×
'21 1
3 4 2 3 a
m mg h v× = ×
3 3a a b
m mv v mv′= − +
'2 2a a bv v v= =
2b
ghv =
2
1 6 3
amv mghE = =
'2
2
2
1 1
6 2 3
amvE mv mgh= + =
2
b
b
mvqv B R
=
联立解得:
;
若小球 b 恰好从 G 点射出,作出小球的运动轨迹,如图所示。
由几何关系可得:
⑥
⑦
联立解得:
综上可得 B 的取值范围为:
;
(3)由(2)可得当 小球 b 在 CDMN 区域里做圆周运动后小球从距离 N 点 处
以速度 vb 斜射入 MNGH 区域中,设 vb 与边界 NM 夹角为 θ,由几何关系得:
由运动合成分解可知:
2
m ghB qd
=
' '2
2
2
2
dR d R − + =
'
'
bmvR B q
=
5
4R d′ =
' 4
5 2
m ghB qd
=
4
5 2 2
m gh m ghBqd qd
≤ ≤
1
4
5 2
m ghB qd
=
2
d
cos 0.8d
R
θ = =
0.6x bv v=
b0.8yv v=
假设小球恰好能从 H 点离开电场,运动时间为 t。x 轴方向做匀速直线运动,y 轴方向做类
竖直上抛运动。
x=d
x=vxt⑧
⑨
(以电场相反方向为正方向)
⑩
联立解得:
令 vy 减为 0 时,小球沿 y 轴向上的最大位移
小球未从 NG 边界离开电场区域。
故假设成立,即电场强度 时小球恰能从 H 点离开。
(二)选考题
13.下列说法正确的是___________。
A. 当分子间的距离增大时,分子间引力增大、斥力减小
3
2y d= −
21
2yy v t at= −
Eqa m
=
5lg
50
ha d
=
51
50
mghE qd
=
2
max
8
2 51 2
yv d dy a
= = <
51
50
mghE qd
=
B. 温度高的物体内能不一定大,但分子平均动能一定大
C. 第二类永动机违反了热力学第二定律
D. 当人们感到潮湿时,空气的绝对湿度一定较大
E. 叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用
【答案】BCE
【详解】A.当分子间的距离增大时,分子间引力和斥力均减小,选项 A 错误;
B.温度是分子平均动能的标志,内能与物体的温度、体积以及物质的量都有关,则温度高
的物体内能不一定大,但分子平均动能一定大,选项 B 正确;
C.第二类永动机违反了热力学第二定律,选项 C 正确;
D.当人们感到潮湿时,空气 相对湿度一定较大,选项 D 错误;
E.叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用,选项 E 正确;故选 BCE。
14.如图所示,一竖直放置、内壁光滑的柱形绝热气缸内置加热丝,用质量不计的绝热活塞
封闭一定质量的理想气体,开始时气体温度为 27℃,活塞距气缸底部的高度为 h1=0.5m,现
给气缸内气体缓慢加热,当气缸内气体吸收了 450J 的热量时温度升高了 。已知
活塞的横截面积为 S=5.0×10-3m2,外界大气压为 p0=1.0×105Pa,求:
①温度升高了 时活塞距离气缸底部的高度 h2;
②此加热过程中气缸内气体增加的内能 。
【答案】①0.8m;②300J。
【详解】①由题意可知气体吸热的过程是等压过程,由盖·吕萨克定律有
而 T1=300K,T2=(T1+Δt)=480K,代入数据得
h2=0.8m;
②气体克服外界大气压强做的功为
的
180 C∆ = t
t∆
U∆
1 2
1 2
Sh Sh
T T
=
W=p0ΔV
而 ΔV=(h2-h1)S=1.5×10-3m3,代入数据得:
W=150J
由热力学第一定律有 ΔU=-W+Q
得:
ΔU=300J。
15.一列简谐横波沿 x 轴传播,波长为 1.2m,周期为 T,振幅为 A。t=0 时刻,该波波形如图
中实线所示,此时 x=0 处的质元沿 y 轴负向振动,则___________
A. 此列波沿 x 轴正向传播
B. 经过 T,x=0.2m 处的质元传播到 x=0.8m 处
C. t= T 时刻波形如图中虚线所示
D. x=0 处的质元向 y 轴正方向运动时,x=0.6m 处质元向 y 轴负方向运动
E. x=0 处质元的位移为-A 时,x=0.4m 处质元的位移为 A
【答案】ACD
【详解】A.t=0 时刻,x=0 处的质元沿 y 轴负向振动,则此列波沿 x 轴正向传播,选项 A
正确;
B.机械波传播的过程中,质点不随波迁移,选项 B 错误;
C.因 t= T=2 T,则该时刻波形与 t= T 时刻相同,如图中虚线所示,选项 C 正确;
D.因为波长为 λ=1.2m,则 0.6m= λ,则 x=0 处的质元向 y 轴正方向运动时,x=0.6m 处质
元向 y 轴负方向运动,选项 D 正确;
E.x=0 处质元与 x=0.4m 处质元平衡位置相差 0.4m 不等于半个波长,则当 x=0 处质元的位
移为-A 时,x=0.4m 处质元的位移不是 A,选项 E 错误;
为
1
2
5
2
5
2
1
2
1
2
1
2
故选 ACD。
16.如图,一长方体透明玻璃砖在底部挖去半径为 R 的半圆柱,玻璃砖长为 L。一束单色光
垂直于玻璃砖上表面射入玻璃砖,且覆盖玻璃砖整个上表面,已知该单色光在玻璃砖中的折
射率为 n= ,真空的光速 c=3.0 108m/s,求:
(1)单色光在玻璃砖中的传播速度;
(2)半圆柱面上有光线射出的表面积。
【答案】(1) ;(2) 。
【详解】(1)由 得
(结果中保留根号也给分);
(2)光线经过玻璃砖上表面到达下方的半圆柱面出射时可能发生全反射,如图,
设恰好发生全反射时的临界角为 C,由折射定律
得
则有光线射出的部分圆柱面的面积为
得
。
2 ×
82.12 10 m / s× π
2S RL=
cn v
=
82.12 10 m / scv n
= = ×
1
sinn C
=
π
4C =
2S CRL=
π
2S RL=