云南省元阳县一中2019-2020学年高二上学期期中考试物理试题 12页

云南省元阳县一中2019-2020学年上学期期中考试 高二 物理 本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。‎ ‎ ‎ 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) ‎ ‎1.在秋冬的干燥天气里，当你在黑暗中脱下含腈纶材料的衣服时，会看到“闪光”，同时听到“咝咝”的声音，对于这一现象的判断，下列说法中正确的是(　　)‎ A． 感应起电现象 B． 接触起电现象 C． 摩擦起电现象 D． 电荷中和现象 ‎2.质量为m1、m2的小球分别带同种电荷q1和q2，它们用等长的细线吊在同一点O，由于静电斥力的作用，使m1球靠在竖直光滑墙上，m1球的拉线l1呈竖直方向，使m2球的拉线l2与竖直方向成θ角，m1、m2均处于静止，如图所示．由于某种原因，m2球的带电量q2逐渐减少，于是两球拉线之间夹角θ也逐渐小直到零．在θ角逐渐减小的过程中，关于l1、l2中的张力FT1、FT2的变化是(　　)‎ A．FT1不变，FT2不变 B．FT1不变，FT2变小 C．FT1变小，FT2变小 D．FT1变小，FT2不变 ‎3.如图所示的电场中两点A和B（实线为电场线，虚线为等势面）．关于A、B两点的场强E和电势φ，正确的是（　　）‎ A．EA=EB，φA=φB B．EA＞EB，φA＞φB C．EA＜EB，φA＜φB D．EA＞EB，φA＜φB ‎4.某电场的电场线分布如图所示，M、N、Q是以电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线与直线MN垂直．以下说法正确的是（　　）‎ A．O点电势与Q点电势相等 B．M、O间的电势差大于O、N间的电势差 C． 将一负电荷由M点移到Q点，电荷的电势能减少 D． 正电荷在Q点所受电场力的方向与OQ垂直且竖直向上 ‎5.如图所示，甲图中电容器的两个极板和电源的两极相连，乙图中电容器充电后断开电源．在电容器的两个极板间用相同的悬线分别吊起完全相同的小球，小球静止时悬线和竖直方向的夹角均为θ，将两图中的右极板向右平移时，下列说法正确的是(　　)‎ A． 甲图中夹角减小，乙图中夹角增大 B． 甲图中夹角减小，乙图中夹角不变 C． 甲图中夹角不变，乙图中夹角不变 D． 甲图中夹角减小，乙图中夹角减小 ‎6.如图所示的电解槽中，如果在4 s内各有4 C的正、负电荷通过面积为0.08 m2‎ 的横截面AB，那么 (　　 )‎ A． 正离子向左移动，负离子向右移动 B． 由于正负离子移动方向相反，所以电解槽中无电流 C． 4 s内通过横截面AB的电荷量为4 C D． 电解槽中的电流为2 A ‎7.下列说法中正确的是（　　）‎ A． 电源电动势实质上就是电源两极间的电压 B． 电源电动势在数值上等于电源两极间的电压 C． 电源电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别 D． 电动势越大，电源两极间的电压一定越高 ‎8.如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线，关于它们的电阻值说法正确的是（　　）‎ A． 电阻R1的阻值较大 B． 电阻R2的阻值较大 C． 电阻R1和电阻R2一样大 D． 若给两个电阻加上相等的电压，电阻R2的电流更大 ‎9.如图所示，电路中每个电阻的阻值都相同．则通过电流最大的电阻是（　　）‎ A．R1 B．R2 C．R3和R4 D．R5‎ ‎10.图示的电路图中，C2=2C1，R2=2R1．下列说法正确的是（　　）‎ ‎①开关处于断开状态，电容C2的电量大于C1的电量 ‎②开关处于断开状态，电容C1的电量大于C2的电量 ‎③开关处于接通状态，电容C2的电量大于C1的电量 ‎④开关处于接通状态，电容C1的电量大于C2的电量．‎ A． ①‎ B． ④‎ C． ①③‎ D． ②④‎ 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) ‎ ‎11.（多选）如图所示，虚线a、b和c是某静电场中的三个等势面，它们的电势分别为φa、φb和φc，且φa＞φb＞φc.一带正电的粒子射入该电场中，其运动轨迹如图中KLMN所示，可知(　　)‎ A． 粒子从K到L的过程中，电场力做负功 B． 粒子从L到M的过程中，电场力做负功 C． 粒子从K到L的过程中，电势能增加 D． 粒子从L到M的过程中，动能减少 ‎12.（多选）如图所示，O是一固定的点电荷，另一点电荷P从很远处以初速度v射入点电荷O的电场，在电场力作用下的运动轨迹是曲线MN，a、b、c是以O为中心Ra、Rb、Rc为半径画出的三个圆，它们之间间距相等，1、2、3、4为轨迹MN与三个圆的交点.以|W12|表示点电荷P由l运动到2的过程中电场力做的功的大小，|W34|表示由3到4的过程中电场力做的功的大小，则（　　）‎ A． |W12|＞2|W34|‎ B． |W12|=2|W34|‎ C．P、O两电荷可能同号 D．P、O两电荷一定异号 ‎13.(多选)带正电的微粒放在电场中，场强的大小和方向随时间变化的规律如图所示．带电微粒只在静电力的作用下由静止开始运动，则下列说法中正确的是(　　)‎ A． 微粒在0～1 s内的加速度与1～2 s内的加速度相同 B． 微粒将沿着一条直线运动 C． 微粒做往复运动 D． 微粒在第1 s内的位移与第3 s内的位移相同 ‎14.（多选）在如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r.开关S1、S2、S3、S4均闭合，C是水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，下列哪些方法会使P向上运动( )‎ A． 断开S2‎ B． 适当减小两板之间的距离 C． 断开S4并适当减小两板之间的距离 D． 断开S4并适当减小两板之间的正对面积 分卷II 三、实验题(共2小题,共15分) ‎ ‎15.如图所示为一简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流Ig＝300 μA，内阻Rg＝100 Ω，可变电阻R的最大阻值为10 kΩ，电池的电动势E＝1.5 V，内阻r＝0.5 Ω，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是________色．按正确使用方法测量电阻Rx的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则Rx＝________ kΩ，若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小、内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述Rx，其测量结果与原结果相比将________(填“变大”、“变小”或“不变”)．‎ ‎16.要测绘额定电压为2 V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：‎ A．电源E（电动势3.0 V，内阻可不计）‎ B．电压表V1(量程为0~3.0 V，内阻约2 kΩ)‎ C．电压表V2(0~15.0 V，内阻约6 kΩ D．电流表A1(0~0.6 A，内阻约1 Ω)‎ E．电流表A2(0~100 mA，内阻约2 Ω)‎ F．滑动变阻器R1（最大值10 Ω）‎ G．滑动变阻器R2（最大值2 kΩ）‎ ‎（1）为减少实验误差，实验中电压表应选择，电流表应选择，滑动变阻器应选择.（填各器材的序号）‎ ‎（2）为提高实验精度，请你设计实验电路图，并画在下面的虚线框中.‎ ‎（3）实验中测得一组数据如下表所示，根据表格中的数据在方格纸上作出该电珠的伏安特性曲线。‎ ‎（4）该小电珠的额定功率是。‎ 四、计算题 ‎ ‎17.如图所示，倾角为θ的斜面处于竖直向下的匀强电场中，在斜面上某点以初速度v0水平抛出一个质量为m的带正电小球，小球受到的电场力与重力相等，地球表面重力加速度为g，设斜面足够长，求：‎ ‎(1)小球经多长时间落到斜面上；‎ ‎(2)从水平抛出至落到斜面的过程中，小球的电势能减少了多少？‎ ‎18.如图所示电路中，R1=6 Ω，R2=12 Ω，R3=3 Ω，C=30 μF，当开关S断开，电路 稳定时，电源总功率为4 W，当开关S闭合，电路稳定时，电源总功率为8 W，求：‎ ‎（1）电源的电动势E和内电阻r；‎ ‎（2）在S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少？‎ ‎19.如图所示，有一电子(电荷量为e)经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间．若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：‎ ‎(1)金属板AB的长度；‎ ‎(2)电子穿出电场时的动能．‎ ‎20.如图所示虚线MN左侧有一场强为E1＝E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2＝2E的匀强电场，在虚线PQ右侧相距为L处有一与电场E2平行的屏．现将一电子(电荷量为e，质量为m)无初速度地放入电场E1中的A点，最后电子打在右侧的屏上，AO连线与屏垂直，垂足为O，求：‎ ‎(1)电子从释放到打到屏上所用的时间；‎ ‎(2)电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角θ的正切值tanθ；‎ ‎(3)电子打到屏上的点P′到点O的距离x.‎ ‎ ‎ 答案 ‎1.C 2.D 3.B 4.B 5.B 6.D 7C 8.B 9.D 10.A ‎11.AC 12.AD 13.BD 14.ABD ‎15.红　5　变大 ‎【解析】由I＝及Ig＝，且指针指刻度盘中央，I＝Ig＝150 μA，联立解得Rx＝5 kΩ；因欧姆表的内阻变大，同样的电阻值，电流变小，读数变大．‎ ‎16.（1）B D F（2）电路图如图所示 ‎（3）如图所示 ‎（4）1.00 W ‎【解析】（1）由题意小灯泡额定电压为2 V，额定电流为0.5 A，故电压表应选B，电流表应选D，又描绘伏安特性曲线要求电流从零调，故变阻器应用分压式接法，应选阻值小的变阻器F．‎ ‎（2）由于小电珠电珠较小，满足，电流表应用外接法，又变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示：‎ ‎（3）小电珠的伏安特性曲线如图所示：‎ ‎（4）由图可知，当电压为2 V，电流为0.5 A；则功率 ‎17.(1)　(2)mvtan2θ ‎【解析】(1)小球在运动过程中Eq＋mg＝ma Eq＝mg，得a＝2g y＝at2‎ x＝v0t 又＝tanθ 得t＝‎ ‎(2)y＝at2＝×2g×()2＝‎ 电场力做正功，电势能减小，则有：‎ ΔEp＝－W电＝－Eqy＝－mgy＝－mvtan2θ ‎18.（1）8 V 1 Ω （2）1.8×10﹣4C 0 C ‎【解析】（1）S断开时有：‎ E=I1（R2+R3）+I1r…①‎ P1=EI1…②‎ S闭合时有：‎ E=I2（R3+）+I2r…③‎ P2=EI2…④‎ 由①②③④可得：‎ E=8 V I1=0.5 A r=1 Ω I2=1 A ‎（3）S断开时有：‎ U=I1R2‎ 得：Q1=CU=30×10﹣6×0.5×12 C=1.8×10﹣4C S闭合，电容器两端的电势差为零，则有：Q2=0‎ ‎19.(1)d　(2)e(U0＋)‎ ‎【解析】(1)设电子飞离加速电场时的速度为v0，由动能定理得eU0＝mv①‎ 设金属板AB的长度为L，电子偏转时间t＝②‎ 电子在偏转电场中产生偏转加速度 a＝③‎ 电子在电场中的侧位移y＝d＝at2④‎ 联立①②③④得：L＝d.‎ ‎(2)设电子穿出电场时的动能为Ek，根据动能定理得 Ek＝eU0＋e＝e(U0＋)．‎ ‎20.(1)3　(2)2　(3)3L ‎【解析】(1)电子在电场E1中做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为a1，时间为t1，由牛顿第二定律和运动学公式得：‎ a1＝＝‎ ‎＝a1t v1＝a1t1‎ t2＝‎ 运动的总时间为t＝t1＋t2＝3.‎ ‎(2)设电子射出电场E2时沿平行电场线方向的速度为vy，根据牛顿第二定律得，电子在电场中的加速度为 a2＝＝‎ t3＝‎ vy＝a2t3‎ tanθ＝‎ 解得：tanθ＝2.‎ ‎(3)如图，设电子在电场中的偏转距离为x1‎ x1＝a2t tanθ＝‎ 解得：x＝x1＋x2＝3L.‎