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- 2021-06-03 发布
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2020年宁德市普通高中毕业班质量检查
数学(理科)试题参考答案及评分标准
说明:
一、本解答指出了每题要考查的主要知识和能力,并给出了一种或几种解法供参考,如果考生的解法与本解法不同,可根据试题的主要考查内容比照评分标准指定相应的评分细则.
二、对计算题,当考生的解答在某一部分解答未改变该题的内容和难度,可视影响的程度决定后继部分的给分,但不得超过该部分正确解答应给分数的一半;如果后继部分的解答有较严重的错误,就不再给分.
三、解答右端所注分数,表示考生正确做到这一步应得的累加分数.
四、只给整数分数,选择题和填空题不给中间分.
一、选择题:本题考查基础知识和基本运算,每小题5分,满分60分.
1.B 2.A 3.A 4.B 5.C 6.D
7.D 8.C 9.B 10.A 11.C 12.D
二、填空题:本题考查基础知识和基本运算,每小题5分,满分20分.
13. 14. 15. 16.
三、解答题:本大题共6小题,满分70分,解答须写出文字说明、证明过程和演算步骤.
17.本小题主要考查数列及数列求和等基础知识,考查运算求解能力,考查函数与方程思想、化归与转化思想等,满分12分.
17. 解:(1)由两式相减,得:
,……………………………… 2分
又,,………………………………3分
当时,且,
故,得(舍去),
,………………………………4分
数列为等差数列,公差为,………………………………5分
所以 .………………………………6分
(2)由(1)及题意可得,………………………………8分
所以
]………………………………10分
.………………………………12分
理科数学答案与评分细则 第9页 共9页
18.本小题主要考查空间直线与直线、直线与平面的位置关系及平面与平面所成的角等基础知识,考查空间想象能力、推理论证能力、运算求解能力,考查化归与转化思想等.满分12分.
(1)证明:取DE中点F,分别连结AF,FN
又N为BC中点,
所以,.…………………… 1分
因为矩形ABCD中,M为AB的中点,
所以
所以,……………… 2分
所以四边形AMNF为平行四边形,…………3分
所以,……………… 4分
又因为平面,平面,
所以平面.………………………5分
(2)因为矩形平面,
矩形平面,
所以平面.………………………………6分
如图,以B为原点建立空间直角坐标系,
则,,,,………7分
因为轴平面ABCD,
所以为平面ABCD的一个法向量,………………………………8分
设为平面AED的法向量,
因为,,
所以,得,
故可取,………………………………11分
则,
由图可知二面角的平面角为锐角,
所以二面角的大小为.………………………………12分
理科数学答案与评分细则 第9页 共9页
解法二:
(1)取CD中点F,分别连结FM,FN.
又矩形ABCD中,M为AB中点,
所以,
所以四边形AMFD为平行四边形,
所以,…………… 1分
又平面,平面,
所以平面.………………… 2分
因为F、N分别为CD、CE的中点.
所以,
又平面,平面,
所以平面.……………… 3分
又因为,
所以平面平面,………………4分
又平面,
所以平面.………………………………5分
(2)过点E作交CB的延长线于G,过G作交DA的延长线于H,连结EH,
又因为平面平面,矩形平面
所以平面ABCD.
又,
平面,
所以即为二面角的平面角,………………………………10分
因为,,
所以,………………………………11分
由图可知二面角的平面角为锐角,
所以二面角的大小为.……………………12分
理科数学答案与评分细则 第9页 共9页
19.本小题主要考查正弦定理、余弦定理及三角恒等变换等基础知识,考查运算求解能力,考查化归与转化思想、函数与方程思想等,考查应用意识.满分12分.
解:(1)解法—:因为,由正弦定理,得……………1分
又
所以…………………………………2分
所以,…………………………………3分
因为,所以
所以,又………………………………………4分
所以.……………………………………………………5分
(2)由(1)知
根据题意得 解得. ……………………………………………………6分
在中,由正弦定理得,
所以………………………………………7分
因为,所以
所以……………………………………………………………8分
因为为中点,所以………………………………9分
所以
………………………………10分
因为
所以的取值范围为………………………………12分
解法二:(1)因为,由余弦定理,得……………………1分
整理得 ………………………………2分
所以,………………………………4分
理科数学答案与评分细则 第9页 共9页
又,所以………………………………5分
(2)由(1)知,又,故.…………………………6分
因为为锐角三角形,
所以,即………………………7分
所以………………………………8分
延长到点,使得,连结,.
则四边形为平行四边形,所以,.
在中,,………………………………9分
即,所以,………………………………10分
因为,所以的取值范围为.………………………………12分
20.本题主要考查直线、椭圆、直线与椭圆的位置关系等基础知识,考查运算求解能力、推理论证能力,考查函数与方程思想、化归与转化思想,考查考生分析问题和解决问题的能力,满分12分.
解:(1)离心率为,,………………………………1分
的周长为8,,得,………………………………3分
,,………………………………4分
因此,椭圆的标准方程为.………………………………5分
(2)设的内切圆半径为,,
又,,
要使的内切圆面积最大,只需的值最大.………………………………6分
设,,直线,
联立消去得:,
易得,且,,………………………………7分
理科数学答案与评分细则 第9页 共9页
所以
,………………………………8分
设,则,………………………………9分
设,,所以在上单调递增,……………10分
所以当,即时,的最大值为3,………………………………11分
此时,所以的内切圆面积最大为.………………………………12分
(注:若讨论直线斜率存在或不存在,由此求得斜率不存在时面积最大值,酌情按步给分)
21.本题主要考查导数的几何意义、导数及其应用、不等式等基础知识,考查推理论证能力、运算求解能力、创新意识等,考查函数与方程思想、化归与转化思想、分类与整合思想、数形结合思想等.满分12分.
解:(1)当时,,
,………………………………1分
由,………………………………2分
得,
即,……………………………3分
解得或.………………………………4分
当时,,此时直线恰为切线,故舍去,……………………5分
所以.………………………………6分
(2)当时,,
设,则,………………………………7分
故函数可化为.
由,可得
的单调递减区间为,单调递增区间为,
所以的最小值为,。………………………………8分
理科数学答案与评分细则 第9页 共9页
此时,函数的的值域为
问题转化为当时,有解,………………………………9分
即,得。
设,则,
故的单调递减区间为,单调递增区间为,
所以的最小值为,………………………………11分
故的最小值为.………………………………………12分
22.选修;坐标系与参数方程
本小题考查直线和圆的极坐标方程、参数方程等基础知识,考查运算求解能力,考查数形结合思想、化归与转化思想等. 满分10分.
解法一:(1)圆的极坐标方程为,………………………………………1分
将代入得:
,
成立,
设点对应的极径分别为,
所以,………………………………………3分
所以,………………………………………4分
所以点轨迹的极坐标方程为,.………………………………………5分
(2)由(1)得,……………………………6分
,………………………………………7分
所以,,………………………………………8分
理科数学答案与评分细则 第9页 共9页
又,所以或,………………………………………9分
即或.………………………………………10分
解法二:
(1)因为为中点,所以于,………………………………………1分
故的轨迹是以为直径的圆(在的内部),………………………………………2分
其所在圆方程为:,………………………………………3分
即.
从而点轨迹的极坐标方程为,.………………………………………5分
(2)由(1)得,………………………………6分
,………………………………………7分
令,因为,所以, 则,
所以,所以,………………………………………8分
即,解得(舍去),所以,
又,,所以或,……………………………9分
即或. ………………………………10分
23.选修:不等式选讲
本小题考查绝对值不等式的解法与性质等基础知识,考查运算求解能力、推理论证能力,考查分类与整合思想、化归与转化思想等. 满分10分.
23.解:(1)构造,
在上恒成立,,………………………………………1分
又,………………………………………3分
理科数学答案与评分细则 第9页 共9页
,,………………………………………4分
的最大值.………………………………………5分
(2)由(1)得,故.
,,
或.………………………………………6分
故.………………………………………7分
当时,,
,
当且仅当,即时取“=”;………………………………………8分
当时,,
,
当且仅当,即时取“=”.………………………………………9分
所以的取值范围是.………………………………………10分
理科数学答案与评分细则 第9页 共9页
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