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- 2021-06-10 发布
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选修 2—3 模块综合评估(一)
时间:120 分钟 总分:150 分
第Ⅰ卷(选择题,共 60 分)
一、选择题(每小题 5 分,共 60 分)
1.已知集合 S={-1,0,1},集合 A={1,2,3,4}.从集合 S、A 中
各取一个元素作点的横纵坐标,在直角坐标系中,可以作出点的个数
为( B )
A.7 B.12
C.4 D.24
解析:C13·C14=12(个).
2.打靶时,甲每打 10 次可中靶 8 次,乙每打 10 次可中靶 7 次,
若两人同时射击一目标,则他们同时中靶的概率是( A )
A.14
25 B.12
25
C.3
4 D.3
5
解析:独立事件,P(AB)=P(A)·P(B)= 8
10
× 7
10
= 56
100
=14
25.
3.有 5 个平面向量,其坐标分别为(1,0),(0,1),(-1,0),(0,-
1),(1,1),可构成平面内的基底组数为( A )
A.8 B.10
C.18 D.20
解析:构成平面内的基底要求两个向量不共线,因此构成平面内
的基底组数为 C25-2=8.
4. x+2
x2 n 的展开式中只有第 6 项的二项式系数最大,则展开式
中的常数项是( A )
A.180 B.90
C.45 D.360
解析:由于展开式中只有第 6 项的二项式系数最大,所以 n=10,
又 Tr+1=Cr10( x)10-r·
2
x2 r=2r·Cr10· .
令10-5r
2
=0,得 r=2.∴常数项为 T3=22·C210=180.
5.设服从二项分布 B(n,p)的随机变量 X 的期望与方差分别是
15 和45
4
,则 n,p 的值分别是( B )
A.50,1
4 B.60,1
4
C.50,3
4 D.60,3
4
解析:由题意
15=np,
45
4
=np1-p ,解得
n=60
p=1
4
.
6.某台小型晚会由 6 个节目组成,演出顺序有如下要求:节目
甲必须排在前两位、节目乙不能排在第一位,节目丙必须排在最后一
位,该台晚会节目演出顺序的编排方案共有( B )
A.36 种 B.42 种
C.48 种 D.54 种
解析:分两类:第一类:甲排在第一位,共有 A44=24 种排法;
第二类:甲排在第二位,共有 A13·A33=18 种排法,所以共有编排方案
24+18=42 种,故选 B.
7.三个人踢毽,互相传递,每人每次只能踢一下,由甲开始踢,
经过 5 次传递后,毽又被踢回给甲,则不同的传递方式共有( C )
A.6 种 B.8 种
C.10 种 D.16 种
解析:如下图:同理由甲传给丙也可以推出 5 种情况,综上有
10 种传法,故选 C.
8.(x+1)4(x+4)8=a0(x+3)12+a1(x+3)11+…+a11(x+3)+a12,
则 log2(a1+a3+…+a11)的值为( D )
A.27 B.28
C.8 D.7
解析:令 x=-2,得 a0+a1+a2+a3+…+a11+a12=28,
令 x=-4,得:a0-a1+a2-a3+…-a11+a12=0,
∴a1+a3+…+a11=27.
∴log2(a1+a3+…+a11)=7.
9.在某班学生的考试成绩中,数学成绩不及格的学生占 15%,
语文成绩不及格的学生占 5%,两门成绩都不及格的学生占 3%.已知
一学生数学成绩不及格,则他的语文成绩也不及格的概率是( A )
A.1
5 B. 3
10
C.1
2 D.3
5
解析:设 A 为事件“数学成绩不及格”,B 为事件“语文成绩不
及格”,则 P(B|A)=PAB
PA
=0.03
0.15
=1
5.所以该学生的数学成绩不及格
时,他的语文成绩也不及格的概率为1
5.
10.一个坛子里有编号为 1,2,…,12 的 12 个大小相同的球,
其中 1 到 6 号球都是红球,其余的是黑球,若一次从中任取两个球,
则取到的都是红球且至少有 1 个球的号码是偶数的概率为( D )
A. 1
22 B. 1
11
C. 3
22 D. 2
11
解析:红球共有 6 个,其中 3 个为偶数球,3 个为奇数球.取出
的 2 个球都是红球且至少有 1 个球的号码是偶数的概率 P=C13C13+C23
C212
= 2
11.
11.已知(1+x)+(1+x)2+…+(1+x)n=a0+a1x+…+anxn,若
a1+a2+…+an-1=29-n,那么自然数 n 的值为( B )
A.3 B.4
C.5 D.6
解析:由题意令 x=0,得 a0=n,又 an=1,令 x=1,则 2+22
+…+2n=n+(29-n)+1,∴2n+1=32,即 n=4.
12.某计算机程序每运行一次都随机出现一个五位的二进制数 A
=a1a2a3a4a5,其中 A 的各位数中,a1=1,ak(k=2,3,4,5)出现 0 的概
率为1
3
,出现 1 的概率为2
3
,记ξ=a1+a2+a3+a4+a5,当程序运行一
次时,ξ的数学期望为( B )
A. 8
27 B.11
3
C.16
81 D.65
81
解析:记 a2,a3,a4,a5 位上出现 1 的次数为随机变量η,则η~
B 4,2
3 ,E(η)=4×2
3
=8
3.因为ξ=1+η,
E(ξ)=1+E(η)=11
3 .故选 B.
第Ⅱ卷(非选择题,共 90 分)
二、填空题(每小题 5 分,共 20 分)
13.从 1,2,3,6 这 4 个数中一次随机地取 2 个数,则所取 2 个数
的乘积为 6 的概率是1
3.
解析:先找出取两个数的所有情况,再找出所有乘积为 6 的情
况.取两个数的所有情况有:(1,2),(1,3),(1,6),(2,3),(2,6),(3,6),
共 6 种情况.
乘积为 6 的情况有:(1,6),(2,3),共 2 种情况.
所求事件的概率为2
6
=1
3.
14.已知 a,b 为常数,b>a>0,且 a,- 3
2
,b 成等比数列,(a
+bx)6 的展开式中所有项的系数和为 64,则 a 等于1
2.
解析:由 a,- 3
2
,b 成等比数列,得 ab=3
4
,由(a+bx)6 的展开
式中所有项的系数和为 64,得(a+b)6=64,
∴
b>a>0,
ab=3
4
,
a+b6=64,
可解得 a=1
2
,b=3
2.
15.已知离散型随机变量 X 的分布列如下表.若 E(X)=0,D(X)
=1,则 a= 5
12
,b=1
4.
X -1 0 1 2
P a b c 1
12
解析:由题知,a+b+c=11
12
,-a+c+1
6
=0,12×a+12×c+22× 1
12
=1,解得,a= 5
12
,b=1
4.
16.甲、乙、丙、丁、戊 5 名学生进行投篮比赛,决出了第 1 名
至第 5 名,甲、乙两人向裁判询问成绩,根据下图所示裁判的回答,
5 人的名次排列共有 54 种不同的情况.
解析:首先考虑冠军的可能,有 3 种;然后考虑第 5 名的可能,
有 3 种,其余的名次没有限制了,所以 5 人的名次排列共有 3×3×A33
=54 种.
三、解答题(写出必要的计算步骤,只写最后结果不得分,共 70
分)
17.(10 分)一袋中有 11 个球,其中 5 个红球,6 个白球,从袋中
任取 4 个球.
(1)求取出的球中有 2 个红球的取法有多少种?
(2)求取出的球中至少有 2 个红球的取法有多少种?
解:(1)取出的 4 个球中的 2 个红球是袋中 5 个红球中的某 2 个,
有 C 25种情况,另 2 个白球是袋中 6 个白球中的某 2 个,有 C 26种情况,
故取出的 4 个球中有 2 个红球的取法有 C25·C26=10×15=150 种.
(2)至少有 2 个红球,包括三类情况:第一类,2 个红球,2 个白
球;第二类,3 个红球,1 个白球;第三类,4 个红球.根据分类加
法计数原理,取出的 4 个球中至少有 2 个红球的取法有 C25·C26+C35·C16
+C45=150+60+5=215 种.
18.(12 分)(1)在(1+x)n 的展开式中,若第 3 项与第 6 项系数相
等,则 n 等于多少?
(2)
x x+
1
3 x n 的展开式奇数项的二项式系数之和为 128,求展开
式中二项式系数最大项.
解:(1)由已知得 C2n=C5n⇒n=7.
(2)由已知得 2n-1=128,n=8,
而展开式中二项式系数最大项是
T4+1=C48(x x)4·
1
3 x 4=70x43 x2.
19.(12 分)某批发市场对某种商品的日销售量(单位:吨)进行统
计,最近 50 天的统计结果如下:
日销售量 1 1.5 2
频数 10 25 15
频率 0.2 a b
(1)求 a,b 的值;
(2)若以上表频率作为概率,且每天的销售量相互独立,求:5 天
中该种商品恰好有 2 天的销售量为 1.5 吨的概率.
解:(1)a=0.5,b=0.3.
(2)依题意,随机选取一天,销售量为 1.5 吨的概率为 0.5,设 5
天中该种商品有 X 天的销售量为 1.5 吨,则 X~B(5,0.5)
P(X=2)=C25×0.52×(1-0.5)3=0.312 5,
所以 5 天中该种商品恰好有 2 天的销售量为 1.5 吨的概率为 0.312
5.
20.(12 分)NBA 总决赛采用 7 场 4 胜制,即若某队先取胜 4 场
则比赛结束.由于 NBA 有特殊的政策和规则,能进入决赛的球队实
力都较强,因此可以认为,两个队在每一场比赛中取胜的概率相等.根
据不完全统计,主办一场决赛,组织者有望通过出售电视转播权、门
票及零售商品、停车费、广告费等收入获取收益 2 000 万美元(相当于
篮球巨星乔丹的年薪).
(1)求所需比赛场数ξ的分布列;
(2)求组织者收益的数学期望.
解:所需比赛场数ξ是随机变量,其可能的取值为 4,5,6,7.
设ξ=k(k=4,5,6,7),表示比赛最终获胜队在第 k 场获胜后结束比
赛,显然在前面的 k-1 场比赛中需获胜 3 场,所以
P(ξ=4)=
1
2 3=1
8
;P(ξ=5)=C34
1
2 4=1
4
;
P(ξ=6)=C35
1
2 5= 5
16
;P(ξ=7)=C36
1
2 6= 5
16.
(1)所需比赛场数ξ的分布列为
ξ 4 5 6 7
P 1
8
1
4
5
16
5
16
(2)所需比赛场数的期望
E(ξ)=1
8
×4+1
4
×5+ 5
16
×6+ 5
16
×7=93
16.
组织者收益的数学期望是93
16
×2 000=11 625(万美元).
21.(12 分)为推动乒乓球运动的发展,某乒乓球比赛允许不同协
会的运动员组队参加.现有来自甲协会的运动员 3 名,其中种子选手
2 名;乙协会的运动员 5 名,其中种子选手 3 名.从这 8 名运动员中
随机选择 4 人参加比赛.
(1)设 A 为事件“选出的 4 人中恰有 2 名种子选手,且这 2 名种
子选手来自同一个协会”,求事件 A 发生的概率;
(2)设 X 为选出的 4 人中种子选手的人数,求随机变量 X 的分布
列.
解:(1)由已知,有 P(A)=C22C23+C23C23
C48
= 6
35.
所以,事件 A 发生的概率为 6
35.
(2)随机变量 X 的所有可能取值为 1,2,3,4.
P(X=1)=C15C33
C48
= 1
14
,
P(X=2)=C25C23
C48
=3
7
,
P(X=3)=C35C13
C48
=3
7
,
P(X=4)=C45C03
C48
= 1
14.
所以,随机变量 X 的分布列为
X 1 2 3 4
P 1
14
3
7
3
7
1
14
22.(12 分)计划在某水库建一座至多安装 3 台发电机的水电站.过
去 50 年的水文资料显示,水库年入流量 X(年入流量:一年内上游来
水与库区降水之和.单位:亿立方米)都在 40 以上.其中,不足 80
的年份有 10 年,不低于 80 且不超过 120 的年份有 35 年,超过 120
的年份有 5 年,将年入流量在以上三段的频率作为相应段的概率,并
假设各年的年入流量相互独立.
(1)求未来 4 年多,至多有 1 年的年入流量超过 120 的概率;
(2)水电站希望安装的发电机尽可能运行,但每年发电机最多可
运行台数受年入流量 X 限制,并有如下关系:
年入流量 X 40120
发电机最多
可运行台数 1 2 3
若某台发电机运行,则该台年利润为 5 000 万元;若某台发电机
未运行,则该台年亏损 800 万元.欲使水电站年总利润的均值达到最
大,应安装发电机多少台?
解:(1)依题意,p1=P(40120)= 5
50
=0.1.
由二项分布,在未来 4 年中至多有 1 年的年入流量超过 120 的概
率为 p=C04(1-p3)4+C14(1-p3)3p3=
9
10 4+4×
9
10 3×
1
10 =0.947 7.
(2)记水电站年总利润为 Y(单位:万元).
①安装 1 台发电机的情形.
由于水库年入流量总大于 40,故一台发电机运行的概率为 1,对
应的年利润 Y=5 000,E(Y)=5 000×1=5 000.
②安装 2 台发电机的情形.
依题意,当 40120 时,三台发电机运行,此时 Y
=5 000×3=15 000,因此 P(Y=15 000)=P(X>120)=p3=0.1,由此
得 Y 的分布如下:
Y 3 400 9 200 15 000
P 0.2 0.7 0.1
所以,E(Y)=3 400×0.2+9 200×0.7+15 000×0.1=8 620.
综上,欲使水电站年总利润的均值达到最大,应安装发电机 2 台.