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  • 2021-06-10 发布

2020-2021学年人教B版数学选修2-3课时作业:模块综合评估1

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选修 2—3 模块综合评估(一) 时间:120 分钟 总分:150 分 第Ⅰ卷(选择题,共 60 分) 一、选择题(每小题 5 分,共 60 分) 1.已知集合 S={-1,0,1},集合 A={1,2,3,4}.从集合 S、A 中 各取一个元素作点的横纵坐标,在直角坐标系中,可以作出点的个数 为( B ) A.7 B.12 C.4 D.24 解析:C13·C14=12(个). 2.打靶时,甲每打 10 次可中靶 8 次,乙每打 10 次可中靶 7 次, 若两人同时射击一目标,则他们同时中靶的概率是( A ) A.14 25 B.12 25 C.3 4 D.3 5 解析:独立事件,P(AB)=P(A)·P(B)= 8 10 × 7 10 = 56 100 =14 25. 3.有 5 个平面向量,其坐标分别为(1,0),(0,1),(-1,0),(0,- 1),(1,1),可构成平面内的基底组数为( A ) A.8 B.10 C.18 D.20 解析:构成平面内的基底要求两个向量不共线,因此构成平面内 的基底组数为 C25-2=8. 4. x+2 x2 n 的展开式中只有第 6 项的二项式系数最大,则展开式 中的常数项是( A ) A.180 B.90 C.45 D.360 解析:由于展开式中只有第 6 项的二项式系数最大,所以 n=10, 又 Tr+1=Cr10( x)10-r· 2 x2 r=2r·Cr10· . 令10-5r 2 =0,得 r=2.∴常数项为 T3=22·C210=180. 5.设服从二项分布 B(n,p)的随机变量 X 的期望与方差分别是 15 和45 4 ,则 n,p 的值分别是( B ) A.50,1 4 B.60,1 4 C.50,3 4 D.60,3 4 解析:由题意 15=np, 45 4 =np1-p ,解得 n=60 p=1 4 . 6.某台小型晚会由 6 个节目组成,演出顺序有如下要求:节目 甲必须排在前两位、节目乙不能排在第一位,节目丙必须排在最后一 位,该台晚会节目演出顺序的编排方案共有( B ) A.36 种 B.42 种 C.48 种 D.54 种 解析:分两类:第一类:甲排在第一位,共有 A44=24 种排法; 第二类:甲排在第二位,共有 A13·A33=18 种排法,所以共有编排方案 24+18=42 种,故选 B. 7.三个人踢毽,互相传递,每人每次只能踢一下,由甲开始踢, 经过 5 次传递后,毽又被踢回给甲,则不同的传递方式共有( C ) A.6 种 B.8 种 C.10 种 D.16 种 解析:如下图:同理由甲传给丙也可以推出 5 种情况,综上有 10 种传法,故选 C. 8.(x+1)4(x+4)8=a0(x+3)12+a1(x+3)11+…+a11(x+3)+a12, 则 log2(a1+a3+…+a11)的值为( D ) A.27 B.28 C.8 D.7 解析:令 x=-2,得 a0+a1+a2+a3+…+a11+a12=28, 令 x=-4,得:a0-a1+a2-a3+…-a11+a12=0, ∴a1+a3+…+a11=27. ∴log2(a1+a3+…+a11)=7. 9.在某班学生的考试成绩中,数学成绩不及格的学生占 15%, 语文成绩不及格的学生占 5%,两门成绩都不及格的学生占 3%.已知 一学生数学成绩不及格,则他的语文成绩也不及格的概率是( A ) A.1 5 B. 3 10 C.1 2 D.3 5 解析:设 A 为事件“数学成绩不及格”,B 为事件“语文成绩不 及格”,则 P(B|A)=PAB PA =0.03 0.15 =1 5.所以该学生的数学成绩不及格 时,他的语文成绩也不及格的概率为1 5. 10.一个坛子里有编号为 1,2,…,12 的 12 个大小相同的球, 其中 1 到 6 号球都是红球,其余的是黑球,若一次从中任取两个球, 则取到的都是红球且至少有 1 个球的号码是偶数的概率为( D ) A. 1 22 B. 1 11 C. 3 22 D. 2 11 解析:红球共有 6 个,其中 3 个为偶数球,3 个为奇数球.取出 的 2 个球都是红球且至少有 1 个球的号码是偶数的概率 P=C13C13+C23 C212 = 2 11. 11.已知(1+x)+(1+x)2+…+(1+x)n=a0+a1x+…+anxn,若 a1+a2+…+an-1=29-n,那么自然数 n 的值为( B ) A.3 B.4 C.5 D.6 解析:由题意令 x=0,得 a0=n,又 an=1,令 x=1,则 2+22 +…+2n=n+(29-n)+1,∴2n+1=32,即 n=4. 12.某计算机程序每运行一次都随机出现一个五位的二进制数 A =a1a2a3a4a5,其中 A 的各位数中,a1=1,ak(k=2,3,4,5)出现 0 的概 率为1 3 ,出现 1 的概率为2 3 ,记ξ=a1+a2+a3+a4+a5,当程序运行一 次时,ξ的数学期望为( B ) A. 8 27 B.11 3 C.16 81 D.65 81 解析:记 a2,a3,a4,a5 位上出现 1 的次数为随机变量η,则η~ B 4,2 3 ,E(η)=4×2 3 =8 3.因为ξ=1+η, E(ξ)=1+E(η)=11 3 .故选 B. 第Ⅱ卷(非选择题,共 90 分) 二、填空题(每小题 5 分,共 20 分) 13.从 1,2,3,6 这 4 个数中一次随机地取 2 个数,则所取 2 个数 的乘积为 6 的概率是1 3. 解析:先找出取两个数的所有情况,再找出所有乘积为 6 的情 况.取两个数的所有情况有:(1,2),(1,3),(1,6),(2,3),(2,6),(3,6), 共 6 种情况. 乘积为 6 的情况有:(1,6),(2,3),共 2 种情况. 所求事件的概率为2 6 =1 3. 14.已知 a,b 为常数,b>a>0,且 a,- 3 2 ,b 成等比数列,(a +bx)6 的展开式中所有项的系数和为 64,则 a 等于1 2. 解析:由 a,- 3 2 ,b 成等比数列,得 ab=3 4 ,由(a+bx)6 的展开 式中所有项的系数和为 64,得(a+b)6=64, ∴ b>a>0, ab=3 4 , a+b6=64, 可解得 a=1 2 ,b=3 2. 15.已知离散型随机变量 X 的分布列如下表.若 E(X)=0,D(X) =1,则 a= 5 12 ,b=1 4. X -1 0 1 2 P a b c 1 12 解析:由题知,a+b+c=11 12 ,-a+c+1 6 =0,12×a+12×c+22× 1 12 =1,解得,a= 5 12 ,b=1 4. 16.甲、乙、丙、丁、戊 5 名学生进行投篮比赛,决出了第 1 名 至第 5 名,甲、乙两人向裁判询问成绩,根据下图所示裁判的回答, 5 人的名次排列共有 54 种不同的情况. 解析:首先考虑冠军的可能,有 3 种;然后考虑第 5 名的可能, 有 3 种,其余的名次没有限制了,所以 5 人的名次排列共有 3×3×A33 =54 种. 三、解答题(写出必要的计算步骤,只写最后结果不得分,共 70 分) 17.(10 分)一袋中有 11 个球,其中 5 个红球,6 个白球,从袋中 任取 4 个球. (1)求取出的球中有 2 个红球的取法有多少种? (2)求取出的球中至少有 2 个红球的取法有多少种? 解:(1)取出的 4 个球中的 2 个红球是袋中 5 个红球中的某 2 个, 有 C 25种情况,另 2 个白球是袋中 6 个白球中的某 2 个,有 C 26种情况, 故取出的 4 个球中有 2 个红球的取法有 C25·C26=10×15=150 种. (2)至少有 2 个红球,包括三类情况:第一类,2 个红球,2 个白 球;第二类,3 个红球,1 个白球;第三类,4 个红球.根据分类加 法计数原理,取出的 4 个球中至少有 2 个红球的取法有 C25·C26+C35·C16 +C45=150+60+5=215 种. 18.(12 分)(1)在(1+x)n 的展开式中,若第 3 项与第 6 项系数相 等,则 n 等于多少? (2) x x+ 1 3 x n 的展开式奇数项的二项式系数之和为 128,求展开 式中二项式系数最大项. 解:(1)由已知得 C2n=C5n⇒n=7. (2)由已知得 2n-1=128,n=8, 而展开式中二项式系数最大项是 T4+1=C48(x x)4· 1 3 x 4=70x43 x2. 19.(12 分)某批发市场对某种商品的日销售量(单位:吨)进行统 计,最近 50 天的统计结果如下: 日销售量 1 1.5 2 频数 10 25 15 频率 0.2 a b (1)求 a,b 的值; (2)若以上表频率作为概率,且每天的销售量相互独立,求:5 天 中该种商品恰好有 2 天的销售量为 1.5 吨的概率. 解:(1)a=0.5,b=0.3. (2)依题意,随机选取一天,销售量为 1.5 吨的概率为 0.5,设 5 天中该种商品有 X 天的销售量为 1.5 吨,则 X~B(5,0.5) P(X=2)=C25×0.52×(1-0.5)3=0.312 5, 所以 5 天中该种商品恰好有 2 天的销售量为 1.5 吨的概率为 0.312 5. 20.(12 分)NBA 总决赛采用 7 场 4 胜制,即若某队先取胜 4 场 则比赛结束.由于 NBA 有特殊的政策和规则,能进入决赛的球队实 力都较强,因此可以认为,两个队在每一场比赛中取胜的概率相等.根 据不完全统计,主办一场决赛,组织者有望通过出售电视转播权、门 票及零售商品、停车费、广告费等收入获取收益 2 000 万美元(相当于 篮球巨星乔丹的年薪). (1)求所需比赛场数ξ的分布列; (2)求组织者收益的数学期望. 解:所需比赛场数ξ是随机变量,其可能的取值为 4,5,6,7. 设ξ=k(k=4,5,6,7),表示比赛最终获胜队在第 k 场获胜后结束比 赛,显然在前面的 k-1 场比赛中需获胜 3 场,所以 P(ξ=4)= 1 2 3=1 8 ;P(ξ=5)=C34 1 2 4=1 4 ; P(ξ=6)=C35 1 2 5= 5 16 ;P(ξ=7)=C36 1 2 6= 5 16. (1)所需比赛场数ξ的分布列为 ξ 4 5 6 7 P 1 8 1 4 5 16 5 16 (2)所需比赛场数的期望 E(ξ)=1 8 ×4+1 4 ×5+ 5 16 ×6+ 5 16 ×7=93 16. 组织者收益的数学期望是93 16 ×2 000=11 625(万美元). 21.(12 分)为推动乒乓球运动的发展,某乒乓球比赛允许不同协 会的运动员组队参加.现有来自甲协会的运动员 3 名,其中种子选手 2 名;乙协会的运动员 5 名,其中种子选手 3 名.从这 8 名运动员中 随机选择 4 人参加比赛. (1)设 A 为事件“选出的 4 人中恰有 2 名种子选手,且这 2 名种 子选手来自同一个协会”,求事件 A 发生的概率; (2)设 X 为选出的 4 人中种子选手的人数,求随机变量 X 的分布 列. 解:(1)由已知,有 P(A)=C22C23+C23C23 C48 = 6 35. 所以,事件 A 发生的概率为 6 35. (2)随机变量 X 的所有可能取值为 1,2,3,4. P(X=1)=C15C33 C48 = 1 14 , P(X=2)=C25C23 C48 =3 7 , P(X=3)=C35C13 C48 =3 7 , P(X=4)=C45C03 C48 = 1 14. 所以,随机变量 X 的分布列为 X 1 2 3 4 P 1 14 3 7 3 7 1 14 22.(12 分)计划在某水库建一座至多安装 3 台发电机的水电站.过 去 50 年的水文资料显示,水库年入流量 X(年入流量:一年内上游来 水与库区降水之和.单位:亿立方米)都在 40 以上.其中,不足 80 的年份有 10 年,不低于 80 且不超过 120 的年份有 35 年,超过 120 的年份有 5 年,将年入流量在以上三段的频率作为相应段的概率,并 假设各年的年入流量相互独立. (1)求未来 4 年多,至多有 1 年的年入流量超过 120 的概率; (2)水电站希望安装的发电机尽可能运行,但每年发电机最多可 运行台数受年入流量 X 限制,并有如下关系: 年入流量 X 40120 发电机最多 可运行台数 1 2 3 若某台发电机运行,则该台年利润为 5 000 万元;若某台发电机 未运行,则该台年亏损 800 万元.欲使水电站年总利润的均值达到最 大,应安装发电机多少台? 解:(1)依题意,p1=P(40120)= 5 50 =0.1. 由二项分布,在未来 4 年中至多有 1 年的年入流量超过 120 的概 率为 p=C04(1-p3)4+C14(1-p3)3p3= 9 10 4+4× 9 10 3× 1 10 =0.947 7. (2)记水电站年总利润为 Y(单位:万元). ①安装 1 台发电机的情形. 由于水库年入流量总大于 40,故一台发电机运行的概率为 1,对 应的年利润 Y=5 000,E(Y)=5 000×1=5 000. ②安装 2 台发电机的情形. 依题意,当 40120 时,三台发电机运行,此时 Y =5 000×3=15 000,因此 P(Y=15 000)=P(X>120)=p3=0.1,由此 得 Y 的分布如下: Y 3 400 9 200 15 000 P 0.2 0.7 0.1 所以,E(Y)=3 400×0.2+9 200×0.7+15 000×0.1=8 620. 综上,欲使水电站年总利润的均值达到最大,应安装发电机 2 台.

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