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  • 2021-06-10 发布

数学卷·2018届山东省德州一中高二上学期期中数学试卷(理科)+(解析版)

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‎2016-2017学年山东省德州一中高二(上)期中数学试卷(理科)‎ ‎ ‎ 一、选择题(本大题包括12小题,每小题5分,共60分,每小题只有一个选项符合题意)‎ ‎1.直线l: x+y+3=0的倾斜角α为(  )‎ A.30° B.60° C.120° D.150°‎ ‎2.两条不平行的直线,其平行投影不可能是(  )‎ A.两条平行直线 B.一点和一条直线 C.两条相交直线 D.两个点 ‎3.已知圆C:x2+y2﹣2x+6y=0,则圆心P及半径r分别为(  )‎ A.圆心P(1,3),半径r=10 B.圆心P(1,3),半径 C.圆心P(1,﹣3),半径r=10 D.圆心P(1,﹣3),半径.‎ ‎4.已知a∥α,b⊂α,则直线a与直线b的位置关系是(  )‎ A.平行 B.相交或异面 C.异面 D.平行或异面 ‎5.过点(﹣2,4)且在两坐标轴上截距的绝对值相等的直线有(  )‎ A.1条 B.2条 C.3条 D.4条 ‎6.在空间四边形ABCD中,E,F,G,H分别是AB,BC,CD,DA的中点.若AC=BD=a,且AC与BD所成的角为60°,则四边形EFGH的面积为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎7.已知两条直线l1:x+2ay﹣1=0,l2:x﹣4y=0,且l1∥l2,则满足条件a的值为(  )‎ A. B. C.﹣2 D.2‎ ‎8.设直线过点(0,a),其斜率为1,且与圆x2+y2=2相切,则a的值为(  )‎ A.± B.±2 C.±2 D.±4‎ ‎9.一空间几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为(  )‎ A.2π+2 B.4π+2 C.2π+ D.4π+‎ ‎10.一束光线从点(﹣1,1)出发,经x轴反射到圆C:(x﹣2)2+(y﹣3)2=1上的最短路径长度是(  )‎ A.4 B.5 C.3 D.2‎ ‎11.点P(2,﹣1)为圆(x﹣1)2+y2=25的弦AB的中点,则直线AB的方程为(  )‎ A.x+y﹣1=0 B.2x+y﹣3=0 C.x﹣y﹣3=0 D.2x﹣y﹣5=0‎ ‎12.四面体P﹣ABC中,若PA=PB=PC,则点P在平面ABC内的射影点O是三角形ABC的(  )‎ A.内心 B.外心 C.垂心 D.重心 ‎ ‎ 二、填空题(本题包括4个小题,每小题5分,共20分)‎ ‎13.已知⊙O1:x2+y2=1与⊙O2:(x﹣3)2+(y+4)2=9,则⊙O1与⊙O2的位置关系为  .‎ ‎14.圆柱的侧面展开图是边长分别为2a,a的矩形,则圆柱的体积为  .‎ ‎15.若l为一条直线,α,β,γ为三个互不重合的平面,给出下面四个命题:①α⊥γ,β⊥γ,则α⊥β;②α⊥γ,β∥γ,则α⊥β;③l∥α,l⊥β,则α⊥β.④若l∥α,则l平行于α内的所有直线.其中正确命题的序号是   .(把你认为正确命题的序号都填上)‎ ‎16.如图2﹣①,一个圆锥形容器的高为a,内装有一定量的水.如果将容器倒置,这时所形成的圆锥的高恰为(如图2﹣②),则图2﹣①‎ 中的水面高度为  .‎ ‎ ‎ 三、解答题(本大题共6小题,共70分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)‎ ‎17.已知直线l经过直线3x+4y﹣2=0与直线2x+y+2=0的交点P,且垂直于直线x﹣2y﹣1=0.求:‎ ‎(Ⅰ)直线l的方程;‎ ‎(Ⅱ)直线l与两坐标轴围成的三角形的面积S.‎ ‎18.如果一个几何体的主视图与左视图都是全等的长方形,边长分别是4cm与2cm如图所示,俯视图是一个边长为4cm的正方形.‎ ‎(1)求该几何体的全面积.‎ ‎(2)求该几何体的外接球的体积.‎ ‎19.已知直线l1:mx﹣y=0,l2:x+my﹣m﹣2=0.‎ ‎(1)求证:对m∈R,l1与l2的交点P在一个定圆上;‎ ‎(2)若l1与定圆的另一个交点为P1,l2与定圆的另一个交点为P2,求当m在实数范围内取值时,△PP1P2的面积的最大值及对应的m.‎ ‎20.已知圆C同时满足下列三个条件:①与y轴相切;②在直线y=x上截得弦长为2;③圆心在直线x﹣3y=0上.求圆C的方程.‎ ‎21.已知四棱锥P﹣ABCD,底面ABCD是∠A=60°、边长为a的菱形,又PD⊥底ABCD,且PD=CD,点M、N分别是棱AD、PC的中点.‎ ‎(1)证明:DN∥平面PMB;‎ ‎(2)证明:平面PMB⊥平面PAD;‎ ‎(3)求点A到平面PMB的距离.‎ ‎22.已知半径为5的圆的圆心在x轴上,圆心的横坐标是整数,且与直线4x+3y﹣29=0相切.‎ ‎(Ⅰ)求圆的方程;‎ ‎(Ⅱ)设直线ax﹣y+5=0(a>0)与圆相交于A,B两点,求实数a的取值范围;‎ ‎(Ⅲ)在(Ⅱ)的条件下,是否存在实数a,使得弦AB的垂直平分线l过点P(﹣2,4),若存在,求出实数a的值;若不存在,请说明理由.‎ ‎ ‎ ‎2016-2017学年山东省德州一中高二(上)期中数学试卷(理科)‎ 参考答案与试题解析 ‎ ‎ 一、选择题(本大题包括12小题,每小题5分,共60分,每小题只有一个选项符合题意)‎ ‎1.直线l: x+y+3=0的倾斜角α为(  )‎ A.30° B.60° C.120° D.150°‎ ‎【考点】直线的倾斜角.‎ ‎【分析】由题意可得,直线的斜率tanα=﹣,再由0°≤α<180°,可得 α的值.‎ ‎【解答】解:由于直线l: x+y+3=0的倾斜角为α,则直线的斜率tanα=﹣,‎ 再由0°≤α<180°,可得 α=120°,‎ 故选C.‎ ‎ ‎ ‎2.两条不平行的直线,其平行投影不可能是(  )‎ A.两条平行直线 B.一点和一条直线 C.两条相交直线 D.两个点 ‎【考点】平行投影及平行投影作图法.‎ ‎【分析】两条不平行的直线,要做这两条直线的平行投影,投影可能是两条平行线,可能是一点和一条直线,可能是两条相交线,不能是两个点,若想出现两个点,这两条直线需要同时与投影面垂直,这样两条线就是平行关系.‎ ‎【解答】解:∵有两条不平行的直线,‎ ‎∴这两条直线是异面或相交,‎ 其平行投影不可能是两个点,若想出现两个点,‎ 这两条直线需要同时与投影面垂直,‎ 这样两条线就是平行关系.‎ 与已知矛盾.‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎3.已知圆C:x2+y2﹣2x+6y=0,则圆心P及半径r分别为(  )‎ A.圆心P(1,3),半径r=10 B.圆心P(1,3),半径 C.圆心P(1,﹣3),半径r=10 D.圆心P(1,﹣3),半径.‎ ‎【考点】圆的一般方程.‎ ‎【分析】根据已知中圆的一般方程,利用配方法,可将其化为标准方程,进而得到圆的圆心坐标及半径.‎ ‎【解答】解:圆C:x2+y2﹣2x+6y=0的方程可化为,‎ ‎(x﹣1)2+(y+3)2=10,‎ 故圆心P的坐标为(1,﹣3),半径r=‎ 故选D ‎ ‎ ‎4.已知a∥α,b⊂α,则直线a与直线b的位置关系是(  )‎ A.平行 B.相交或异面 C.异面 D.平行或异面 ‎【考点】空间中直线与直线之间的位置关系.‎ ‎【分析】由直线a∥平面α,直线b在平面α内,知a∥b,或a与b异面.‎ ‎【解答】解:∵直线a∥平面α,直线b在平面α内,‎ ‎∴a∥b,或a与b异面,‎ 故答案为:平行或异面,‎ ‎ ‎ ‎5.过点(﹣2,4)且在两坐标轴上截距的绝对值相等的直线有(  )‎ A.1条 B.2条 C.3条 D.4条 ‎【考点】直线的图象特征与倾斜角、斜率的关系.‎ ‎【分析】根据直线截距的意义即可得到结论.‎ ‎【解答】解:若直线过原点,则满足条件,此时设直线方程为y=kx,则4=﹣2k,解得k=﹣2,此时直线为y=﹣2x,‎ 若直线不经过原点,则设直线的截距式方程为,‎ ‎∵直线过点(﹣2,4,),∴,‎ ‎∵|a|=|b|,‎ ‎∴a=b或a=﹣b,‎ 若a=b,则方程等价为,解得a=b=2,此时直线方程为x+y=2,‎ 若a=﹣b,则方程等价为,解得b=6,a=﹣6,此时直线方程为x﹣y=﹣6,‎ 故满足条件的直线有3条,‎ 故选:C ‎ ‎ ‎6.在空间四边形ABCD中,E,F,G,H分别是AB,BC,CD,DA的中点.若AC=BD=a,且AC与BD所成的角为60°,则四边形EFGH的面积为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【考点】异面直线及其所成的角.‎ ‎【分析】先证明四边形EFGH为菱形,然后说明∠EFG=60°,最后根据三角形的面积公式即可求出所求.‎ ‎【解答】解:连接EH,因为EH是△ABD的中位线,所以EH∥BD,且EH=BD.‎ 同理,FG∥BD,EF∥AC,且FG=BD,EF=AC.‎ 所以EH∥FG,且EH=FG.‎ 所以四边形EFGH为平行四边形.‎ 因为AC=BD=a,AC与BD所成的角为60°‎ 所以EF=EH.所以四边形EFGH为菱形,∠EFG=60°.‎ ‎∴四边形EFGH的面积是2××()2=a2.‎ 故选A.‎ ‎ ‎ ‎7.已知两条直线l1:x+2ay﹣1=0,l2:x﹣4y=0,且l1∥l2,则满足条件a的值为(  )‎ A. B. C.﹣2 D.2‎ ‎【考点】直线的一般式方程与直线的平行关系.‎ ‎【分析】根据两直线平行,直线方程中一次项系数之比相等,但不等于常数项之比,求得a的值.‎ ‎【解答】解:根据两条直线l1:x+2ay﹣1=0,l2:x﹣4y=0,且l1∥l2,可得,求得 a=﹣2,‎ 故选C.‎ ‎ ‎ ‎8.设直线过点(0,a),其斜率为1,且与圆x2+y2=2相切,则a的值为(  )‎ A.± B.±2 C.±2 D.±4‎ ‎【考点】圆的切线方程.‎ ‎【分析】先求出过点(0,a),其斜率为1的直线方程,利用相切(圆心到直线的距离等于半径)求出a即可.‎ ‎【解答】解:设直线过点(0,a),其斜率为1,且与圆x2+y2=2相切,‎ 设直线方程为y=x+a,圆心(0,0)到直线的距离等于半径,‎ ‎∴,‎ ‎∴a的值为±2,‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎9.一空间几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为(  )‎ A.2π+2 B.4π+2 C.2π+ D.4π+‎ ‎【考点】由三视图求面积、体积.‎ ‎【分析】由三视图及题设条件知,此几何体为一个上部是四棱锥,下部是圆柱其高已知,底面是半径为1的圆,故分别求出两个几何体的体积,再相加即得组合体的体积.‎ ‎【解答】解:此几何体为一个上部是正四棱锥,下部是圆柱 由于圆柱的底面半径为1,其高为2,故其体积为π×12×2=2π 棱锥底面是对角线为2的正方形,故其边长为,其底面积为2,又母线长为2,‎ 故其高为 由此知其体积为=‎ 故组合体的体积为2π+‎ 故选C ‎ ‎ ‎10.一束光线从点(﹣1,1)出发,经x轴反射到圆C:(x﹣2)2+(y﹣3)2=1上的最短路径长度是(  )‎ A.4 B.5 C.3 D.2‎ ‎【考点】与直线关于点、直线对称的直线方程.‎ ‎【分析】‎ 求出点A关于x轴的对称点A′,则要求的最短路径的长为A′C﹣r(圆的半径),计算求得结果.‎ ‎【解答】解:由题意可得圆心C(2,3),半径为r=1,‎ 点A关于x轴的对称点A′(﹣1,﹣1),‎ 求得A′C==5,‎ 则要求的最短路径的长为A′C﹣r=5﹣1=4,‎ 故选A.‎ ‎ ‎ ‎11.点P(2,﹣1)为圆(x﹣1)2+y2=25的弦AB的中点,则直线AB的方程为(  )‎ A.x+y﹣1=0 B.2x+y﹣3=0 C.x﹣y﹣3=0 D.2x﹣y﹣5=0‎ ‎【考点】直线与圆相交的性质.‎ ‎【分析】由垂径定理,得AB中点与圆心C的连线与AB互相垂直,由此算出AB的斜率k=1,结合直线方程的点斜式列式,即可得到直线AB的方程.‎ ‎【解答】解:∵AB是圆(x﹣1)2+y2=25的弦,圆心为C(1,0)‎ ‎∴设AB的中点是P(2,﹣1)满足AB⊥CP 因此,PQ的斜率k===1‎ 可得直线PQ的方程是y+1=x﹣2,化简得x﹣y﹣3=0‎ 故选:C ‎ ‎ ‎12.四面体P﹣ABC中,若PA=PB=PC,则点P在平面ABC内的射影点O是三角形ABC的(  )‎ A.内心 B.外心 C.垂心 D.重心 ‎【考点】棱锥的结构特征.‎ ‎【分析】由已知条件推导出△POA≌△POB≌△POC,由此能求出点P在平面ABC内的射影点O是三角形ABC的外心.‎ ‎【解答】解:设P在平面ABC射影为O,‎ ‎∵PA=PB=PC,PO=PO=PO,(公用边),∠POA=∠POB=∠POC=90°,‎ ‎∴△POA≌△POB≌△POC,‎ ‎∴OA=OB=OC,‎ ‎∴O是三角形ABC的外心.‎ 故选:B.‎ ‎ ‎ 二、填空题(本题包括4个小题,每小题5分,共20分)‎ ‎13.已知⊙O1:x2+y2=1与⊙O2:(x﹣3)2+(y+4)2=9,则⊙O1与⊙O2的位置关系为 相离 .‎ ‎【考点】圆与圆的位置关系及其判定.‎ ‎【分析】先根据圆的方程得出圆的圆心坐标和半径,求出圆心距和半径之和等,再根据数量关系来判断两圆的位置关系即可.‎ ‎【解答】解:根据题意,得 ‎⊙O1的半径为r=1,⊙O2的半径为R=3,O1O2=5,‎ R+r=4,R﹣r=2,‎ 则4<5,‎ 即R+r<O1O2,‎ ‎∴两圆相离.‎ 故答案为:相离.‎ ‎ ‎ ‎14.圆柱的侧面展开图是边长分别为2a,a的矩形,则圆柱的体积为 或 .‎ ‎【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积.‎ ‎【分析】‎ 有两种形式的圆柱的展开图,分别求出底面半径和高,分别求出体积.‎ ‎【解答】解:圆柱的侧面展开图是边长为2a与a的矩形,‎ 当母线为a时,圆柱的底面半径是,此时圆柱体积是π×()2×a=;‎ 当母线为2a时,圆柱的底面半径是,此时圆柱的体积是π×()2×2a=,‎ 综上所求圆柱的体积是:或.‎ 故答案为:或;‎ ‎ ‎ ‎15.若l为一条直线,α,β,γ为三个互不重合的平面,给出下面四个命题:①α⊥γ,β⊥γ,则α⊥β;②α⊥γ,β∥γ,则α⊥β;③l∥α,l⊥β,则α⊥β.④若l∥α,则l平行于α内的所有直线.其中正确命题的序号是  ②③ .(把你认为正确命题的序号都填上)‎ ‎【考点】四种命题的真假关系;空间中直线与平面之间的位置关系;平面与平面之间的位置关系.‎ ‎【分析】若α⊥γ,β⊥γ,则α与β可能平行与可能相交,可判断①的正误;‎ 由两个平行的平面与第三个平面的夹角相同,可判断②的正误;‎ 根据面面垂直的判断定理,我们判断③的正误;‎ 若l∥α,则l与α内的直线平行或异面,可判断④的正误;‎ 逐一分析后,即可得到正确的答案.‎ ‎【解答】解:①中,若α⊥γ,β⊥γ,则α与β可能平行与可能相交,故①错误;‎ ‎②中,若α⊥γ,β∥γ,则α⊥β,故②正确;‎ ‎③中,若l∥α,l⊥β,则α中存在直线a平行l,即 a⊥β,由线面垂直的判定定理,得则α⊥β,故③正确;‎ ‎④中,若l∥α,则l与α内的直线平行或异面,故④的错误;‎ 故答案:②③‎ ‎ ‎ ‎16.如图2﹣①,一个圆锥形容器的高为a,内装有一定量的水.如果将容器倒置,这时所形成的圆锥的高恰为(如图2﹣②),则图2﹣①中的水面高度为 a﹣ .‎ ‎【考点】旋转体(圆柱、圆锥、圆台).‎ ‎【分析】圆锥正置与倒置时,水的体积不变,另外水面是平行于底面的平面,此平面截得的小圆锥与原圆锥成相似体,它们的体积之比为对应高的立方比.‎ ‎【解答】解:令圆锥倒置时水的体积为V′,圆锥体积为V ‎ 则=‎ 正置后:V水=V 则突出的部分V空=V 设此时空出部分高为h,则 h3:,‎ ‎∴‎ 故水的高度为:a﹣‎ 故答案为:a﹣‎ ‎ ‎ 三、解答题(本大题共6小题,共70分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)‎ ‎17.已知直线l经过直线3x+4y﹣2=0与直线2x+y+2=0的交点P,且垂直于直线x﹣2y﹣1=0.求:‎ ‎(Ⅰ)直线l的方程;‎ ‎(Ⅱ)直线l与两坐标轴围成的三角形的面积S.‎ ‎【考点】直线的一般式方程;两条直线的交点坐标.‎ ‎【分析】(Ⅰ)联立两直线方程得到方程组,求出方程组的解集即可得到交点P的坐标,根据直线l与x﹣2y﹣1垂直,利用两直线垂直时斜率乘积为﹣1,可设出直线l的方程,把P代入即可得到直线l的方程;‎ ‎(Ⅱ)分别令x=0和y=0求出直线l与y轴和x轴的截距,然后根据三角形的面积函数间,即可求出直线l与两坐标轴围成的三角形的面积.‎ ‎【解答】解:(Ⅰ)由解得由于点P的坐标是(﹣2,2).‎ 则所求直线l与x﹣2y﹣1=0垂直,可设直线l的方程为2x+y+m=0.‎ 把点P的坐标代入得2×(﹣2)+2+m=0,即m=2.‎ 所求直线l的方程为2x+y+2=0.‎ ‎(Ⅱ)由直线l的方程知它在x轴.y轴上的截距分别是﹣1.﹣2,‎ 所以直线l与两坐标轴围成三角形的面积.‎ ‎ ‎ ‎18.如果一个几何体的主视图与左视图都是全等的长方形,边长分别是4cm与2cm如图所示,俯视图是一个边长为4cm的正方形.‎ ‎(1)求该几何体的全面积.‎ ‎(2)求该几何体的外接球的体积.‎ ‎【考点】由三视图求面积、体积.‎ ‎【分析】三视图复原的几何体是底面是正方形的正四棱柱,根据三视图的数据,求出几何体的表面积,求出对角线的长,就是外接球的直径,然后求它的体积即可.‎ ‎【解答】解:(1)由题意可知,该几何体是长方体,‎ 底面是正方形,边长是4,高是2,因此该 几何体的全面积是:‎ ‎2×4×4+4×4×2=64cm2‎ 几何体的全面积是64cm2.‎ ‎(2)由长方体与球的性质可得,长方体的对角线是球的直径,‎ 记长方体的对角线为d,球的半径是r,‎ d=所以球的半径r=3‎ 因此球的体积v=,‎ 所以外接球的体积是36πcm3.‎ ‎ ‎ ‎19.已知直线l1:mx﹣y=0,l2:x+my﹣m﹣2=0.‎ ‎(1)求证:对m∈R,l1与l2的交点P在一个定圆上;‎ ‎(2)若l1与定圆的另一个交点为P1,l2与定圆的另一个交点为P2,求当m在实数范围内取值时,△PP1P2的面积的最大值及对应的m.‎ ‎【考点】直线与圆的位置关系;两条直线的交点坐标.‎ ‎【分析】(1)联立两条直线方程,消去m,即得到l1和l2的交点M的方程,判断对m∈R,l1与l2的交点P在一个定圆上;‎ ‎(2)由(1)得:(0,0),(2,1).当P点在定圆上移动时,△PP1P2的底边P1P2为定值2r.当三角形的高最大时,△PP1P2的面积最大.‎ ‎【解答】解:(1)如图所示:l1:﹣y=0,过定点(0,0),=m;‎ l2:x+my﹣m﹣2=0,m(y﹣1)+x﹣2=0, =﹣‎ 令y﹣1=0,x﹣2=0.得y=1,x=2,∴过定点(2,1),‎ ‎∵•=﹣1,∴直线与直线互相垂直,‎ ‎∴直线与直线的交点必在以(0,0),(2,1)为一条直径端点的圆上,且圆心(1,),半径r==,‎ ‎∴圆的方程为(x﹣1)2+(y﹣)2=.‎ 即x2+y2﹣2x﹣y=0;‎ ‎(2)由(1)得:(0,0),(2,1).当P点在定圆上移动时,△PP1P2的底边P1P2为定值2r.当三角形的高最大时,△PP1P2的面积最大.‎ 故三角形面积最大为•2r•r=‎ 又与圆的交点为P(,),且OP与P1P2的夹角是45°.‎ ‎∴|OP|==,即+=,解得:m=3或m=‎ 故当m=3或m=时,△PP1P2的面积取得最大值.‎ ‎ ‎ ‎20.已知圆C同时满足下列三个条件:①与y轴相切;②在直线y=x上截得弦长为2;③圆心在直线x﹣3y=0上.求圆C的方程.‎ ‎【考点】圆的标准方程.‎ ‎【分析】设所求的圆C与y轴相切,又与直线y=x交于AB,由题设知圆心C(3a,a),R=3|a|,再由点到直线的距离公式和勾股定理能够求出a的值,从而得到圆C的方程.‎ ‎【解答】解设所求的圆C与y轴相切,又与直线y=x交于AB,‎ ‎∵圆心C在直线x﹣3y=0上,∴圆心C(3a,a),又圆 与y轴相切,∴R=3|a|.又圆心C到直线y﹣x=0的距离.‎ 在Rt△CBD中,,‎ ‎∴9a2﹣2a2=7.a2=1,a=±1,3a=±3.‎ ‎∴圆心的坐标C分别为(3,1)和(﹣3,﹣1),‎ 故所求圆的方程为(x﹣3)2+(y﹣1)2=9或(x+3)2+(y+1)2=9.‎ ‎ ‎ ‎21.已知四棱锥P﹣ABCD,底面ABCD是∠A=60°、边长为a的菱形,又PD⊥底ABCD,且PD=CD,点M、N分别是棱AD、PC的中点.‎ ‎(1)证明:DN∥平面PMB;‎ ‎(2)证明:平面PMB⊥平面PAD;‎ ‎(3)求点A到平面PMB的距离.‎ ‎【考点】直线与平面平行的判定;平面与平面垂直的判定;点、线、面间的距离计算.‎ ‎【分析】(1)取PB中点Q,连接MQ、NQ,再加上QN∥BC∥MD,且QN=MD,于是DN∥MQ,再利用直线与平面平行的判定定理进行证明,即可解决问题;‎ ‎(2)易证PD⊥MB,又因为底面ABCD是∠A=60°、边长为a的菱形,且M为AD中点,然后利用平面与平面垂直的判定定理进行证明;‎ ‎(3)因为M是AD中点,所以点A与D到平面PMB等距离,过点D作DH⊥PM于H,由(2)平面PMB⊥平面PAD,所以DH⊥平面PMB,DH是点D到平面PMB的距离,从而求解.‎ ‎【解答】解:(1)证明:取PB中点Q,连接MQ、NQ,‎ 因为M、N分别是棱AD、PC中点,‎ 所以QN∥BC∥MD,且QN=MD,于是DN∥MQ.‎ ‎⇒DN∥平面PMB.‎ ‎(2)⇒PD⊥MB 又因为底面ABCD是∠A=60°、边长为a的菱形,且M为AD中点,‎ 所以MB⊥AD.‎ 又AD∩PD=D,‎ 所以MB⊥平面PAD. ⇒平面PMB⊥平面PAD.‎ ‎(3)因为M是AD中点,所以点A与D到平面PMB等距离.‎ 过点D作DH⊥PM于H,由(2)平面PMB⊥平面PAD,所以DH⊥平面PMB.‎ 故DH是点D到平面PMB的距离..‎ ‎∴点A到平面PMB的距离为.‎ ‎ ‎ ‎22.已知半径为5的圆的圆心在x轴上,圆心的横坐标是整数,且与直线4x+3y﹣29=0相切.‎ ‎(Ⅰ)求圆的方程;‎ ‎(Ⅱ)设直线ax﹣y+5=0(a>0)与圆相交于A,B两点,求实数a的取值范围;‎ ‎(Ⅲ)在(Ⅱ)的条件下,是否存在实数a,使得弦AB的垂直平分线l过点P(﹣2,4),若存在,求出实数a的值;若不存在,请说明理由.‎ ‎【考点】直线和圆的方程的应用;圆的标准方程.‎ ‎【分析】(Ⅰ)设圆心为M(m,0)(m∈Z).由于圆与直线4x+3y﹣29=0相切,且半径为5,所以,由此能求了圆的方程.‎ ‎(Ⅱ)把直线ax﹣y+5=0代入圆的方程,得(a2+1)x2+2(5a﹣1)x+1=0,由于直线ax﹣y+5=0交圆于A,B两点,故△=4(5a﹣1)2﹣4(a2+1)>‎ ‎0,由此能求出实数a的取值范围.‎ ‎(Ⅲ)设符合条件的实数a存在,则直线l的斜率为,l的方程为,由于l垂直平分弦AB,故圆心M(1,0)必在l上,由此推导出存在实数使得过点P(﹣2,4)的直线l垂直平分弦AB.‎ ‎【解答】(本小题满分14分)‎ 解:(Ⅰ)设圆心为M(m,0)(m∈Z).‎ 由于圆与直线4x+3y﹣29=0相切,且半径为5,‎ 所以,‎ 即|4m﹣29|=25.因为m为整数,故m=1.‎ 故所求圆的方程为(x﹣1)2+y2=25. …‎ ‎(Ⅱ)把直线ax﹣y+5=0,即y=ax+5,‎ 代入圆的方程,消去y,‎ 整理,得(a2+1)x2+2(5a﹣1)x+1=0,‎ 由于直线ax﹣y+5=0交圆于A,B两点,‎ 故△=4(5a﹣1)2﹣4(a2+1)>0,‎ 即12a2﹣5a>0,‎ 由于a>0,解得a>,‎ 所以实数a的取值范围是().‎ ‎(Ⅲ)设符合条件的实数a存在,‎ 则直线l的斜率为,‎ l的方程为,‎ 即x+ay+2﹣4a=0‎ 由于l垂直平分弦AB,故圆心M(1,0)必在l上,‎ 所以1+0+2﹣4a=0,解得.‎ 由于,故存在实数 使得过点P(﹣2,4)的直线l垂直平分弦AB.…‎ ‎ ‎

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