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- 2021-06-10 发布
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第
5
讲 导数与函数零点、不等式证明、恒成立问题
高考定位
在高考压轴题中,函数与方程、不等式的交汇是考查的热点,常以含指数函数、对数函数为载体考查函数的零点
(
方程的根
)
、比较大小、不等式证明、不等式恒成立与能成立问题
.
1.
(2016·
全国
Ⅲ
卷
)
设函数
f
(
x
)
=
ln
x
-
x
+
1.
2.
(2017·
全国
Ⅱ
卷
)
设函数
f
(
x
)
=
(1
-
x
2
)e
x
.
(1)
讨论
f
(
x
)
的单调性;
(2)
当
x
≥
0
时,
f
(
x
)
≤
ax
+
1
,求
a
的取值范围
.
考
点
整
合
1.
利用导数研究函数的零点
函数的零点、方程的实根、函数图象与
x
轴的交点的横坐标是三个等价的概念,解决这类问题可以通过函数的单调性、极值与最值,画出函数图象的变化趋势,数形结合求解
.
2.
三次函数的零点分布
三次函数在存在两个极值点的情况下,由于当
x
→∞
时,函数值也趋向
∞
,只要按照极值与零的大小关系确定其零点的个数即可
.
存在两个极值点
x
1
,
x
2
且
x
1
<
x
2
的函数
f
(
x
)
=
ax
3
+
bx
2
+
cx
+
d
(
a
≠
0)
的零点分布情况如下:
a
的符号
零点个数
充要条件
a
>
0(
f
(
x
1
)
为极大值,
f
(
x
2
)
为极小值
)
一个
f
(
x
1
)
<
0
或
f
(
x
2
)>0
两个
f
(
x
1
)
=
0
或者
f
(
x
2
)
=
0
三个
f
(
x
1
)
>
0
且
f
(
x
2
)
<
0
a
<
0(
f
(
x
1
)
为极小值,
f
(
x
2
)
为极大值
)
一个
f
(
x
1
)>0
或
f
(
x
2
)
<
0
两个
f
(
x
1
)
=
0
或者
f
(
x
2
)
=
0
三个
f
(
x
1
)
<
0
且
f
(
x
2
)
>
0
3.
利用导数解决不等式问题
(1)
利用导数证明不等式
.
若证明
f
(
x
)<
g
(
x
)
,
x
∈
(
a
,
b
)
,可以构造函数
F
(
x
)
=
f
(
x
)
-
g
(
x
)
,如果能证明
F
(
x
)
在
(
a
,
b
)
上的最大值小于
0
,即可证明
f
(
x
)<
g
(
x
)
,
x
∈
(
a
,
b
).
(2)
利用导数解决不等式的
“
恒成立
”
与
“
存在性
”
问题
.
①
f
(
x
)>
g
(
x
)
对一切
x
∈
I
恒成立
⇔
I
是
f
(
x
)>
g
(
x
)
的解集的子集
⇔
[
f
(
x
)
-
g
(
x
)]
min
>0(
x
∈
I
).
②
∃
x
∈
I
,使
f
(
x
)>
g
(
x
)
成立
⇔
I
与
f
(
x
)>
g
(
x
)
的解集的交集不是空集
⇔
[
f
(
x
)
-
g
(
x
)]
max
>0(
x
∈
I
).
③
对
∀
x
1
,
x
2
∈
I
使得
f
(
x
1
)
≤
g
(
x
2
)
⇔
f
(
x
)
max
≤
g
(
x
)
min
.
④
对
∀
x
1
∈
I
,
∃
x
2
∈
I
使得
f
(
x
1
)
≥
g
(
x
2
)
⇔
f
(
x
)
min
≥
g
(
x
)
min
.
温馨提醒
解决方程、不等式相关问题,要认真分析题目的结构特点和已知条件,恰当构造函数并借助导数研究性质,这是解题的关键
.
热点一 利用导数研究函数的零点
(
方程的根
)
【例
1
】
(2017·
淄博诊断
)
已知
a
∈
R
,函数
f
(
x
)
=
e
x
-
ax
(e
=
2.718 28
…
是自然对数的底数
).
探究提高
1.
三步求解函数零点
(
方程根
)
的个数问题
.
第一步:将问题转化为函数的零点问题,进而转化为函数的图象与
x
轴
(
或直线
y
=
k
)
在该区间上的交点问题;
第二步:利用导数研究该函数在该区间上单调性、极值
(
最值
)
、端点值等性质,进而画出其图象;
第三步:结合图象求解
.
2.
根据函数零点情况求参数范围:
(1)
要注意端点的取舍;
(2)
选择恰当的分类标准进行讨论
.
【训练
1
】
(2016·
北京卷节选
)
设函数
f
(
x
)
=
x
3
+
ax
2
+
bx
+
c
.
(1)
求曲线
y
=
f
(
x
)
在点
(0
,
f
(0))
处的切线方程;
(2)
设
a
=
b
=
4
,若函数
f
(
x
)
有三个不同零点,求
c
的取值范围
.
解
(1)
由
f
(
x
)
=
x
3
+
ax
2
+
bx
+
c
,
得
f
′(
x
)
=
3
x
2
+
2
ax
+
b
.
∵
f
(0)
=
c
,
f
′(0)
=
b
,
∴
曲线
y
=
f
(
x
)
在点
(0
,
f
(0))
处的切线方程为
y
=
bx
+
c
.
命题角度
2
不等式恒成立问题
【例
2
-
2
】
(2016·
全国
Ⅱ
卷
)
已知函数
f
(
x
)
=
(
x
+
1)ln
x
-
a
(
x
-
1).
(1)
当
a
=
4
时,求曲线
y
=
f
(
x
)
在
(1
,
f
(1))
处的切线方程;
(2)
若当
x
∈
(1
,+
∞
)
时,
f
(
x
)>0
,求
a
的取值范围
.
探究提高
1.(1)
涉及不等式证明或恒成立问题,常依据题目特征,恰当构建函数,利用导数研究函数性质,转化为求函数的最值、极值问题,在转化过程中,一定要注意等价性
.
(2)
对于含参数的不等式,如果易分离参数,可先分离参数、构造函数,直接转化为求函数的最值;否则应进行分类讨论,在解题过程中,必要时,可作出函数图象草图,借助几何图形直观分析转化
.
2.
“
恒成立
”
与
“
存在性
”
问题的求解是
“
互补
”
关系,即
f
(
x
)
≥
g
(
a
)
对于
x
∈
D
恒成立,应求
f
(
x
)
的最小值;若存在
x
∈
D
,使得
f
(
x
)
≥
g
(
a
)
成立,应求
f
(
x
)
的最大值
.
应特别关注等号是否取到,注意端点的取舍
.
【训练
2
】
(2017·
全国
Ⅲ
卷
)
已知函数
f
(
x
)
=
ln
x
+
ax
2
+
(2
a
+
1)
x
.
由上表可得,
x
=
4
时,函数
f
(
x
)
取得极大值,也是最大值,
所以,当
x
=
4
时,函数
f
(
x
)
取得最大值,且最大值等于
42.
故当销售价格为
4
元
/
千克时,商场每日销售该商品所获得的利润最大
.
x
(3
,
4)
4
(4
,
6)
f
′(
x
)
+
0
-
f
(
x
)
单调递增
极大值
42
单调递减
探究提高
利用导数解决生活中的优化问题的一般步骤
(1)
建模:分析实际问题中各量之间的关系,列出实际问题的数学模型,写出实际问题中变量之间的函数关系式
y
=
f
(
x
).
(2)
求导:求函数的导数
f
′(
x
)
,解方程
f
′(
x
)
=
0.
(3)
求最值:比较函数在区间端点和使
f
′(
x
)
=
0
的点的函数值的大小,最大
(
小
)
者为最大
(
小
)
值
.
(4)
结论:回归实际问题作答
.
令
h
′(
x
)
=
0
得
x
=
80
,
当
x
∈
(0
,
80)
时,
h
′(
x
)<0
,
h
(
x
)
是减函数;
当
x
∈
(80
,
120]
时,
h
′(
x
)>0
,
h
(
x
)
是增函数,
当
x
=
80
时,
h
(
x
)
取到极小值
h
(80)
=
11.25
,
因为
h
(
x
)
在
(0
,
120]
上只有一个极值,所以它是最小值
.
故当汽车以
80
千米
/
时的速度匀速行驶时,从甲地到乙地耗油最少,最少为
11.25
升
.
1.
重视转化思想在研究函数零点中的应用,如方程的解、两函数图象的交点均可转化为函数零点,充分利用函数的图象与性质,借助导数求解
.
2.
对于存在一个极大值和一个极小值的函数,其图象与
x
轴交点的个数,除了受两个极值大小的制约外,还受函数在两个极值点外部函数值的变化的制约,在解题时要注意通过数形结合找到正确的条件
.
3.
利用导数方法证明不等式
f
(
x
)>
g
(
x
)
在区间
D
上恒成立的基本方法是构造函数
h
(
x
)
=
f
(
x
)
-
g
(
x
)
,然后根据函数的单调性或者函数的最值证明函数
h
(
x
)>0.
其中找到函数
h
(
x
)
=
f
(
x
)
-
g
(
x
)
的零点是解题的突破口
.
4.
不等式恒成立、能成立问题常用解法
(1)
分离参数后转化为最值,不等式恒成立问题在变量与参数易于分离的情况下,采用分离参数转化为函数的最值问题,形如
a
>
f
(
x
)
max
或
a
<
f
(
x
)
min
.
(2)
直接转化为函数的最值问题,在参数难于分离的情况下,直接转化为含参函数的最值问题,伴有对参数的分类讨论
.
(3)
数形结合,构造函数,借助函数图象的几何直观性求解,一定要重视函数性质的灵活应用
.