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- 2021-06-10 发布
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班级 姓名 准考证号 考场号 座位号
绝密 ★ 启用前
(新高考)2020年高三最新信息卷
数 学(八)
注意事项:
1、本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。答题前,考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。
2、回答第Ⅰ卷时,选出每小题的答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。
3、回答第Ⅱ卷时,将答案填写在答题卡上,写在试卷上无效。
4、考试结束,将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷
一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.设全集为,集合,,则( )
A. B. C. D.
2.若复数,则( )
A. B. C. D.
3.下列说法正确的是( )
A.向量,,若,则
B.向量,,,若,则
C.向量,,则
D.向量,,则在方向上的投影为
4.在中,,,且,则( )
A. B. C. D.
5.设,是双曲线的两个焦点,是上一点,若,且的最小内角为,则的离心率为( )
A. B. C. D.
6.在中,角,,的对应边分别为,,,且的面积,且,,则边的值为( )
A. B. C. D.
7.的展开式中含的项的系数为( )
A. B. C. D.
8.若正三棱柱的所有棱长都为,则其外接球的表面积为( )
A. B. C. D.
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分.
9.2019年以来,世界经济和贸易增长放缓,中美经贸摩擦影响持续显现,我国对外贸易仍然表现出很强的韧性.今年以来,商务部会同各省市全面贯彻落实稳外贸决策部署,出台了一系列政策举措,全力营造法治化、国际化、便利化的营商环境,不断提高贸易便利化水平,外贸稳规模、提质量、转动力取得阶段性成效,进出口保持稳中提质的发展势头,下图是某省近五年进出口情况统计图,下列描述正确的是( )
A.这五年,2015年出口额最少 B.这五年,出口总额比进口总额多
C.这五年,出口增速前四年逐年下降 D.这五年,2019年进口增速最快
10.若正三棱柱的所有棱长都为,外接球的球心为,则下列四个结论正确的是( )
A.其外接球的表面积为 B.直线与直线所成角为
C. D.三棱锥的体积为
11.已知函数,,,,且都有,满足的实数有且只有个,给出下列四个结论正确的是( )
A.满足题目条件的实数,有且只有个 B.满足题目条件的实数,有且只有个
C.在上单调递增 D.的取值范围是
12.已知是双曲线右支上一点,是双曲线的左焦点,为原点,若,则下列结论正确的是( )
A.双曲线的离心率为 B.双曲线的渐近线为
C.的面积为 D.点到该双曲线左焦点的距离是
第Ⅱ卷
三、填空题:本大题共4小题,每小题5分.
13.二项式的展开式中常数项为________.所有项的系数和为________.
14.若,,则________.
15.学生到工厂劳动实践,利用打印技术制作模型,如图,该模型为圆锥底部挖去一个正方体后的剩余部分(正方体四个顶点在圆锥母线上,四个顶点在圆锥底面上),圆锥底面直径为,高为,打印所用原料密度为,不考虑打印损耗,制作该模型所需原料的质量
为 .(取)
16.设,为椭圆的两个焦点,为上一点且在第一象限,若为直角三角形,则的坐标为 .
四、解答题:本大题共6个大题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(10分)的内角,,的对边分別为,,,且,.
(1)求的外接圆的面积;
(2)求的取值范围.
18.(12分)如图,在四棱锥中,底面,是边长为的正方形,且,点时的中点.
(1)求证:;
(2)求平面与平面所成锐二面角的大小.
19.(12分)某城市在进行创建文明城市的活动中,为了解居民对“创文”的满足程度,组织居民给活动打分(分数为整数,满分为分),从中随机抽取一个容量为的样本,发现所有数据均在内,现将这些分数分成以下组并画出了样本的频率分布直方图,但不小心污损了部分图形,如图所示,观察图形,回答下列问题.
(1)算出第三组的频数,并补全频率分布直方图;
(2)请根据频率分布直方图,估计样本的众数、中位数和平均数(每组数据以区间的中点值为代表).
20.(12分)设向量,,定义一种向量积.已知,,点在的图象上运动,是函数图象上的点,且(为坐标原点).
(1)求函数的解析式;
(2)求函数在上的单调递减区间.
21.(12分)已知曲线的焦点是,,是曲线上不同两点,且存在实数使得,曲线在点,处的两条切线相交于点.
(1)求点的轨迹方程;
(2)点在轴上,以为直径的圆与的另一交点恰好是的中点,当时,求四边形的面积.
22.(12分)已知数,其中,为自然对数底数.
(1)讨论函数的单调性;
(2)若,函数对任意的都成立,求的最大值.
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(新高考)2020年高三最新信息卷
数学(八)答案
第Ⅰ卷
一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.【答案】B
【解析】由,得,由,得,再得或,
所以.
2.【答案】C
【解析】.
3.【答案】B
【解析】若,则,得A错误;
,若,则,,B正确;
,,可判断C错误;
在方向上的投影为,D错误,故选B.
4.【答案】C
【解析】,
∴.
5.【答案】D
【解析】不妨设,则,
又,解得,,
则是的最小内角为,
所以,
所以,
化简得,解得.
6.【答案】B
【解析】由题意得,三角形的面积,
所以,所以,
由余弦定理得,所以.
7.【答案】D
【解析】展开合并同类项后,含的项是.
8.【答案】A
【解析】球心到下底面的距离,,
所以其外接球的,
所以其外接球的表面积为.
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分.
9.【答案】ABD
【解析】对于选项A,观察5个白色条形图可知,这五年中2015年出口额最少,故A正确;
对于选项B,观察五组条形图可得,2015年出口额比进口额稍低,
但2016年至2019年出口额都高于进口额,并且2017年和2018年出口额都明显高于进口额,
故这五年,出口总额比进口总额多,故B正确;
对于选项C,观察虚线折线图可知,2015年到2016年出口增速是上升的,故C错误;
对于选项D,从图中可知,实线折线图2019年是最高的,即2019年进口增速最快,故D正确.
10.【答案】ACD
【解析】球心到下底面的距离,,
所以其外接球的,所以其外接球的表面积为,
A正确;
直线与直线所成角即直线与直线所成角,
在中,,故B错误;
面,得,为的重心,则,
故面,即,故,C正确;
根据体积公式可得,D正确.
11.【答案】ACD
【解析】,,
设进行替换,作的图象,
在上满足的实数有且只有个,
即函数在上有且只有个零点,
由图象可知,,结论D正确;
由图象知在上只有一个最小值点,有一个或两个最大值点,
结论A正确,结论B错误;
时,,
由知,所以在上递增,
则在上单调递增,结论C正确,
综上,正确的是ACD.
12.【答案】BD
【解析】由已知得,,,,
双曲线的渐近线为,
取线段的中点,则,
所以,得,
故的面积为.
第Ⅱ卷
三、填空题:本大题共4小题,每小题5分.
13.【答案】,
【解析】展开式的通项为,
令,解得,所以展开式中的常数项为,
令,得到所有项的系数和为,得到结果.
14.【答案】
【解析】,
∴.
15.【答案】
【解析】设被挖去的正方体的棱长为,圆锥底面半径为,
则,,
所以,制作该模型所需材料质量约为.
16.【答案】或
【解析】,,∴,,
当为直角顶点时,轴,
设,在椭圆上,则,解得,
当为直角顶点时,点在以为直径的圆周上,此圆周的方程是,
与联立解得,,
∵在第一象限,则,
综上,放入坐标为或.
四、解答题:本大题共6个大题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.【答案】(1);(2).
【解析】(1)∵,∴,
∵,∴,
由正弦定理知:,
∴,∴.
(2)由余弦定理得,
∴,
而在中,,∴.
18.【答案】(1)证明见解析;(2).
【解析】(1)由题意底面是正方形,
底面,,平面,∴,
∵,,∴平面,
又∵平面,∴,
又,点是的中点,∴,
∵,∴平面,
∵平面,∴.
(2)过引直线,使,则,
∴在平面内,在平面内,
∴就是平面与平面所成二面角的棱,
由条件知,,,
已知,则平面,
由作法知,,则平面,所以,,
∴就是平面与平面所成锐二面角的平面角,
在中,,
∴在平面与平面所成锐二面角的大小等于.
19.【答案】(1)18人,频率分布直方图见解析;(2)众数为分,中位数为分,平均数为分.
【解析】(1)因为各组的频率之和等于,
所以分数在内的频率为,
所以第三组的频数为人,
完整的频率分布直方图如图:
(2)因为众数的估计值是频率分布直方图中最高矩形的中点,
从图中可看出众数的估计值为分;
,,
设样本中位数为,则,,解得;
又根据频率分布直方图,样本的平均数的估计值为
分,
所以样本的众数为分,中位数为分,平均数为分.
20.【答案】(1);(2).
【解析】(1)设,,
由新的运算可得,
∵,∴,代入,
∴.
(2)∵,
由题意,只需求函数的单调递增区间,
由,,,
∴函数的单调递减区间为,,
∴函数在上的单调递减区间为.
21.【答案】(1);(2).
【解析】(1)曲线就是抛物线,它的焦点坐标为,
存在实数使得,则,,三点共线,
当直线斜率不存在时,不符合题意;
当直线斜率存在时,
设直线的方程为,与联立消去,
整理得,判别式,
设,,则,就是方程的两实根,
,
,切线斜率,
则曲线在点处的切线方程是,即①,
同理得曲线在点处的切线方程是②,
联立①②即可求解两切线交点的坐标,
①②,已知,,
所以,上式化简为(表示水平之嫌,不必求),
所以,两切线交点的轨迹方程是.
(2)已知,在(1)的解答的基础上,
,
,,代入中,解得,
注意到对称性,求四边形面积,只需取即可,
,
设中点为,则,,
已知点在以为直径的圆周上,则,
设,由,得,解得,则,
将直线的方程化为,
则点到的距离,
所以,
在(1)的解答种,联立①②消去解得,
则两切线交点坐标为,时,,
此时,点的坐标为,
到的距离,
所以,
又已知,在两侧,所以.
22.【答案】(1)见解析;(2).
【解析】(1)∵,
①当时,,在上单调递增;
②当时,由,得.
当时,,单调递减;
当时,,单调递增.
(2)由题意对任意的都成立,则在都成立,
在上任取一点,
∵,
∴在点处的切线方程为,
若令,由在都成立,只需成立,
即成立.
令,,
令,解得,
∴当时,,单调递增;
当时,,单调递减,
则,∴,∴最大值为.