• 409.06 KB
  • 2021-06-10 发布

数学理·福建省连城县朋口中学2017届高三上学期期中考试理数试题+Word版含解析]

  • 15页
  • 当前文档由用户上传发布,收益归属用户
  1. 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
  2. 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
  3. 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
  4. 网站客服QQ:403074932
全*品*高*考*网, 用后离不了!‎ 一、选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)‎ ‎1.设集合,,则“”是“”‎ 的( )‎ A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件 ‎【答案】A 考点:1、集合的表示方法及子集的应用;2、充分条件与必要条件.‎ ‎【方法点睛】本题通主要考查集合的表示方法及子集的应用、充分条件与必要条件,属于中档题.判断充要条件应注意:首先弄清条件和结论分别是什么,然后直接依据定义、定理、性质尝试.对于带有否定性的命题或比较难判断的命题,除借助集合思想化抽象为直观外,还可利用原命题和逆否命题、逆命题和否命题的等价性,转化为判断它的等价命题.本题是借助集合思想化抽象为直观进行解答的.‎ ‎2.已知,复数的实部为,虚部为1,则的取值范围是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析:由,知,,因为复数 的实部为,虚部为,所以,,故选C.‎ 考点:1、不等式的性质;2、复数的基本概念及复数的模.‎ ‎3.定义运算若,则的取值范围是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析:因为,且,所以,,即的取值范围是,故选A.‎ 考点:1、新定义问题;2、绝对值不等式的解法.‎ ‎4.在100件产品中有6件次品,现从中任取3件产品,至少有1件次品的不同取法的种数是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】C 考点:阅读能力及组合的应用.‎ ‎5.设函数的图象关于直线对称,则的值为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析:因为函数的图象关于直线对称,所以点与点,关于直线对称,,故选D. ‎ 考点: 函数的图象与性质.‎ ‎6.已知函数为奇函数,函数为偶函数,且,则( )‎ A. B.1 C. D.2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析:因为函数为奇函数,所以,因为函数为偶函数,所以 ‎,故选C.‎ 考点:1、函数的奇偶性;2、函数的解析式.‎ ‎7.已知集合,,,则中元素的个数 是( )‎ A.1 B.2 C.3 D.4‎ ‎【答案】C 考点:1、集合的表示方法;2、集合的交集.‎ ‎8.若函数是偶函数,则常数等于( )‎ A. B.1 C. D.‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析:因为是偶函数, 所以是奇函数,由得,经检验时有,所以是奇函数,函数是偶函数,常数等于,故选D.‎ ‎ ‎ 考点:函数的奇偶性.‎ ‎ ‎ ‎ 9.若不等式对任意实数,都成立,则实数的取值范围( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析:因为 所以,,要对任意实数,都成立,‎ 只需 ,即,故选C .‎ 考点:不等式恒成立问题.‎ ‎10. 设是定义在上的偶函数,它在上为增函数,且,则不等式 的解集为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】D 考点:1、函数的奇偶性及单调性;2、绝对值不等式及简单的对数不等式.‎ ‎11.设有反函数,又与互为反函数,则 的值为( )‎ A.4006 B.4008 C.2003 D.2004‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析:由反函数定义知有反函数为,又由已知的反函数是,所以,所以根据等差数列的性质可得,故选A.‎ 考点:1、反函数的应用;2、等差数列的性质及转化与划归思想.‎ ‎【方法点睛】本题主要考查反函数的应用、等差数列的性质及转化与划归思想想.属于难题. 数学中常见的思想方法有:函数与方程的思想、分类讨论思想、转化与划归思想、数形结合思想、建模思想等等,转化与划归思想解决高中数学问题的一种重要思想方法,是中学数学四种重要的数学思想之一,尤其在解决知识点较多以及知识跨度较大的问题发挥着奇特功效,大大提高了解题能力与速度.运用这种方法的关键是将题设条件研究透,这样才能快速找准突破点.以便将问题转化为我们所熟悉的知识领域,进而顺利解答,希望同学们能够熟练掌握并应用于解题当中. 解答本题的关键是将反函数问题转化为数列思想进行解答.‎ ‎12.设全集,,是的子集,若,就称为好集,那么 所有“好集”的个数为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】D 考点:1、集合的子集与交集;2、新定义问题的应用.‎ ‎【方法点睛】本题考查集合的子集与交集、新定义问题的应用.,属于难题.新定义题型的特点是:通过给出一个新概念,或约定一种新运算,或给出几个新模型来创设全新的问题情景,要求考生在阅读理解的基础上,依据题目提供的信息,联系所学的知识和方法,实现信息的迁移,达到灵活解题的目的.遇到新定义问题,应耐心读题,分析新定义的特点,弄清新定义的性质,按新定义的要求,“照章办事”,逐条分析、验证、运算,使问题得以解决.本题的解答是建立在对“好集”这一新定义的充分理解基础上的.‎ 第Ⅱ卷(非选择题共90分)‎ 二、填空题(本大题共4小题,每题5分,满分20分.)‎ ‎13.设则 .‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 试题分析:因为, 所以,所以,故答案为.‎ 考点:1、分段函数的解析式;2、指数与对数的性质.‎ ‎14.已知,若关于的方程没有实根,则的取值范围是 .‎ ‎【答案】或 考点:1、方程的根于系数之间的关系;2、分类讨论思想的应用.‎ ‎15.函数的值域为 .‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 试题分析:因为,所以, ,因为,所以,故答案为.‎ 考点:1、同角三角函数之间的关系;2、配方法求最值.‎ ‎【方法点睛】本题主要考查同角三角函数之间的关系、三角换元及配方法求最值.,属于难题.求范围问题往往先将所求问题转化为函数问题,然后根据:配方法(若函数为一元二次函数,常采用配方法求函数求值域,其关键在于正确化成完全平方式,并且一定要先确定其定义域)、换元法(常用代数或三角代换法,用换元法求值域时需认真分析换元参数的范围变化)、不等式法、三角函数法、图象法、函数单调性法求解,本题的解答主要是应用配方法.‎ ‎16.设函数,给出下列命题:①,时,方程只有一个实 数根;②时,是奇函数;③方程至多有两个实根.‎ 上述三个命题中所有正确命题的序号是 .‎ ‎【答案】①②‎ ‎【解析】‎ 试题分析:①,时,,如图①,曲线与轴只有一个交点,方程只有一个实数根,①正确;②时,,是奇函数,②正确;③且时,如图②,曲线与轴有三个交点,方程有一三个实数根,③不正确.故答案为①②.‎ ‎ ‎ 考点:1、分段函数的解析式及函数的奇偶性;2、方程的根和曲线与轴交点的关系及数形结合思想.‎ ‎【方法点睛】判断则方程实根的个数的常用方法:(1)直接法:令函数 零点个数就是则方程实根的个数; (2)零点存在性定理法:判断函数在区间上是连续不断的曲线,且再结合函数的图象与性质(如单调性、奇偶性、周期性、对称性) 可确定方程实根的个数;(3)数形结合法:转化为两个函数的图象的交点个数问题,画出两个函数的图象,其交点的个数就是方程实根的的个数.‎ 三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)‎ ‎17.在△中,,,分别为角,,所对的三边,.‎ ‎(1)求角;‎ ‎(2)若,角等于,周长为,求函数的取值范围.‎ ‎【答案】(1);(2).‎ ‎(2)∵,∴,‎ 同理:,‎ ‎∴,‎ ‎∵,∴,‎ 故,,∴.‎ 考点:1、正弦定理和余弦定理;2、两角和与差的正弦公式及三角函数的值域.‎ ‎18.设不等式的解集为,如果,求实数的取值范围.‎ ‎【答案】.‎ ‎【解析】‎ 试题分析:分三种情况讨论,当时,,,合题意;时,或,验证知合题意;时,等价于方程两根,,根据一元二次方程根的分布规律列不等式组可求得实数的取值范围,三种情况求并集,可得的取值范围是.‎ 设方程的两根为,,且,那么 ,,‎ ‎∴,即解得.‎ 综上所述,时,的取值范围是.‎ 考点:1、一元二次不等式的解法;2、一元二次方程根的分布及子集的应用.‎ ‎19.已知(,常数).‎ ‎(1)讨论函数的奇偶性,并说明理由;‎ ‎(2)若在上为减函数,求的取值范围.‎ ‎【答案】(1)当时,为偶函数,当时,函数既不是奇函数,也不是偶函数;(2).‎ ‎【解析】‎ 试题分析:(1)时,,即是偶函数,时,由,可得函数既不是奇函数,也不是偶函数;(2)函数在上为减函数,等价于在时恒成立,即对恒成立,进而得.‎ ‎(2),‎ 要使函数在上为减函数,则有在时恒成立,‎ 即恒成立,即对恒成立,‎ 故.‎ 考点:1、函数的奇偶性;2、利用导数研究函数的单调性及不等式恒成立问题.‎ ‎20.设是定义在上的奇函数,且对任意实数,恒有,当时,‎ ‎.‎ ‎(1)求证:是周期函数;‎ ‎(2)当,求的解析式;‎ ‎(3)计算:.‎ ‎【答案】(1)证明见解析;(2);(3).‎ ‎【解析】‎ 试题分析:(1)由已知可得,即可证结论;(2)先求出的解析式,当时,,∴‎ ‎;(3)函数的周期性可得,.‎ 考点:1、函数的奇偶性及函数的周期性;2、函数的解析式.‎ ‎21.某厂生产某种产品的年固定成本为250万元,每生产千件,需另投入成本,当年产量 不足80千件时,(万元);当年产量不小于80千件时 ‎(万 元),通过市场分析,若每件售价为500元时,该厂本年内生产该商品能全部销售完.‎ ‎(1)写出年利润(万元)关于年产量(千件)的函数解析式;‎ ‎(2)年产量为多少千件时,该厂在这一商品的生产中所获的利润最大?‎ ‎【答案】(1);(2).‎ ‎【解析】‎ 试题分析:(1)当,时,,当时,时,;(2)分段函数两段分别用单调性和基本不等式求最小值,在比较两最小值的大小即可 .‎ ‎(2)当,时,,‎ ‎∴当时,取得最大值;‎ 当,时,,‎ 当,即时,取得最大值.‎ 综上所述,当时,取得最大值1000,‎ 即年产量为100千件时,该厂在这一商品的生产中所获利润最大.‎ 考点:1、分段函数的解析式;2、阅读能力、建模能力及基本不等式求最值.‎ ‎【方法点睛】本题主要考查阅读能力及建模能力、分段函数的解析式及基本不等式求最值,属于难题.与实际应用相结合的题型也是高考命题的动向,这类问题的特点是通过现实生活的事例考查书本知识,解决这类问题的关键是耐心读题、仔细理解题,只有吃透题意,才能将实际问题转化为数学模型进行解答.理解本题题意的关键是构造分段函数,构造分段函数时,做到分段合理、不重不漏,分段函数的最值是各段的最大(最小)者的最大者(最小者).‎ ‎22.已知函数满足:对任意,,都有成立,‎ 且时,.‎ ‎(1)求的值,并证明:当时,;‎ ‎(2)判断的单调性并加以证明;‎ ‎(3)若函数在上递减,求实数的取值范围.‎ ‎【答案】(1),证明见解析;(2)在上是增函数,证明见解析;(3).‎ 试题解析:(1)∵,‎ ‎∴,或.‎ 若,则,‎ 与已知条件时,相矛盾,‎ 所以.‎ 设,则,那么.‎ 又,‎ ‎∴,‎ ‎∵,∴,从而.‎ ‎(3)∵由(2)知函数在上是增函数,‎ ‎∴函数在上也是增函数,若函数在上递减,‎ 则当时,,即时,,‎ ‎∵时,,‎ ‎∴.‎ 考点:1、函数的解析式及抽象函数的单调性;2、不等式恒成立问题.‎ ‎【方法点晴】本题主要考查不等式恒成立问题、函数的解析式及抽象函数的单调性,属于难题.函数单调性的应用比较广泛,是每年高考的重点和热点内容.归纳起来,常见的命题探究角度有:(1)求函数的值域或最值;(2)比较两个函数值或两个自变量的大小;(3)解函数不等式;(4)求参数的取值范围或值;(5)判断或证明函数的单调性.本题即考查函数单调性的判定证明又考查了单调性得应用.‎ ‎ ‎

相关文档