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- 2021-06-10 发布
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高中数学人教A版选修1-2 同步练习
1.下面叙述正确的是( )
A.综合法、分析法都是直接证明的方法
B.综合法是直接证法、分析法是间接证法
C.综合法、分析法所用语气都是肯定的
D.综合法、分析法所用语气都是假定的
答案:A
2.将正整数按下表的规律排列,
1 4 5 16 ……
2 3 6 15 ……
9 8 7 14 ……
10 11 12 13 ……
…… …… …… ……
把行与列交叉处的一个数称为某行某列的数,记作aij(i,j∈N*),如第2行第4列的数是15,记作a24=15,则有序数对(a82,a28)是( )
A.(22,45) B.(100,98)
C.(51,63) D.(82,28)
解析:选C.观察发现a11=1,a22=3,a33=7,a44=13,
∴a55=21,a66=a55+10=31,∴ann=a(n-1)(n-1)+2(n-1),
∴ann=n2-n+1,∴a88=82-8+1=57,
由图形的特点可得a82=a88-6=51,a28=a88+6=63,故有序数对(a82,a28)是(51,63).
3.已知数列{an}是等比数列,an>0,且a4a6+2a5a7+a6a8=36,则a5+a7=________.
解析:∵{an}是等比数列,∴a4a6=a,a6a8=a,∴a+2a5a7+a=36,即(a5+a7)2=36,又an>0,∴a5+a7=6.
答案:6
4.将下面用分析法证明≥ab的步骤补充完整:要证≥ab,只需证a2+b2≥2ab,也就是证____________,即证______________,由于______________显然成立,因此原不等式成立.
答案:a2+b2-2ab≥0 (a-b)2≥0 (a-b)2≥0
[A级 基础达标]
1.欲证-<-成立,只需证( )
A.(-)2<(-)2
B.(-)2<(-)2
C.(+)2<(+)2
D.(--)2<(-)2
解析:选C.根据不等式性质,a>b>0时,才有a2>b2,
∴只需证:+<+,
只需证:(+)2<(+)2.
2.(2012·淄博市高二期中考试)若a<0,则下列不等式成立的是( )
A.2a>>0.2a
B.0.2a>>2a
C.>0.2a>2a
D.2a>0.2a>
解析:选B.∵a<0,∴2a<0,>1,
而当a<0时,0.2a>0.5a,
∴0.2a>>2a.
3.已知a>0,b>0,+=1,则a+2b的最小值为( )
A.7+2 B.2
C.7+2 D.14
解析:选A.∵a+2b=(a+2b)·=7++≥7+2=7+2.
当且仅当时取得“=”.
此时a=+1,b=3+.
4.设P=,Q=-,R=-,那么P、Q、R的大小顺序是________.(注:从大到小排列)
解析:要比较R、Q的大小,可对R、Q作差,即Q-R=--(-)=(+)-(+),
又(+)2-(+)2=2-2<0,∴Q0,∴P>R>Q.
答案:P>R>Q
5.已知sinα+sinβ+sinγ=0,cosα+cosβ+cosγ=0,则cos(α-β)=________.
解析:∵sinα+sinβ+sinγ=0,
cosα+cosβ+cosγ=0,
∴,
两式平方相加得:2+2(sinαsinβ+cosαcosβ)=1,
∴cos(α-β)=-.
答案:-
6.已知a,b,c为不全相等的正数,求证:(ab+a+b+1)(ab+ac+bc+c2)>16abc.
证明:左边=[b(a+1)+(a+1)]·[b(a+c)+c(a+c)]
=(b+1)(a+1)(b+c)(a+c).
∵b+1≥2,a+1≥2,b+c≥2,a+c≥2,
又∵a,b,c为不全相等的正数,
∴(b+1)(a+1)(b+c)(a+c)>16abc.
[B级 能力提升]
7.设a、b、c三数成等比数列,而x、y分别为a、b和b、c的等差中项,则+等于( )
A.1 B.2
C.3 D.4
解析:选B.∵ac=b2,a+b=2x,b+c=2y,
∴+=+=+
=
=
==2.
已知△ABC中,cosA+cosB>0,则必有( )
A.00得cosA>-cosB,
∴cosA>cos(π-B).
∵00;②|α+β|>5;③|α|>2,|β|>2.以其中的两个论断为条件,另一个论断为结论,写出你认为正确的命题是__________.
解析:∵αβ >0,|α|>2,|β|>2.
∴|α+β|2=α2+β2+2αβ >8+8+2×8=32>25.
∴|α+β|>5.
答案:①③⇒②
已知a>b>0,求证:<-<.
证明:欲证<-<,
只需证b>0,
∴只需证<-<,
即证<1<.
只需证1+<2<1+.
即证<1<.只需证<1<.
而a>b>0,∴<1<成立.∴原不等式成立.
(创新题)如图所示,正四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,E、F分别为棱AB、BC的中点,EF∩BD=G.
求证:平面B1EF⊥平面BDD1B1.
证明:法一:要证明平面B1EF⊥面BDD1B1,只需证面B1EF内有一线垂直于面BDD1B1,即EF⊥面BDD1B1,要证EF⊥面BDD1B1,只需证EF垂直平面BDD1B1内两条相交直线即可,即证EF⊥BD,EF⊥B1G.
而EF∥AC,AC⊥BD,故EF⊥BD成立.
故只需证EF⊥B1G即可.
又∵△B1EF为等腰三角形,EF中点为G,
∴B1G⊥EF成立.
∴EF⊥面BDD1B1成立,从而问题得证.
法二:连结AC(图略).
∵ABCD-A1B1C1D1为正四棱柱,
∴▱ABCD为正方形,∴AC⊥BD.
又∵E、F分别为AB、BC的中点,
∴EF∥AC,B1E=B1F.∴EF⊥BD.
又∵△B1EF为等腰三角形且G为EF的中点,
∴B1G⊥EF.
又B1G∩BD=G,∴EF⊥平面BDD1B1.
又EF⊂平面B1EF,
∴平面B1EF⊥平面BDD1B1.