- 738.00 KB
- 2021-06-10 发布
- 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
- 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
- 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
- 网站客服QQ:403074932
山东省临沂市临沭一中2016-2017学年高二(下)3月月考数学试卷(理科)(解析版)
一、选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.已知i是虚数单位,复数z=,则=( )
A.﹣ +i B. +i C.﹣i D.﹣﹣i
2.有一段“三段论”推理是这样的:对于可导函数f(x),如果f′(x0)=0,那么x=x0是函数f(x)的极值点,因为函数f(x)=x3在x=0处的导数值f′(0)=0,所以,x=0是函数f(x)=x3的极值点.以上推理中( )
A.大前提错误 B.小前提错误 C.推理形式错误 D.结论正确
3.用反证法证明:若整系数一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)有有理数根,那么a、b、c中至少有一个偶数时,下列假设正确的是( )
A.假设a、b、c都是偶数 B.假设a、b、c都不是偶数
C.假设a、b、c至多有一个偶数 D.假设a、b、c至多有两个偶数
4.已知命题p:∃x∈R,使得x2﹣x+2<0;命题q:∀x∈[1,2],使得x2≥1.以下命题为真命题的是( )
A.¬p∧¬q B.p∨¬q C.¬p∧q D.p∧q
5.在平面几何里有射影定理:设三角形ABC的两边AB⊥AC,D是A点在BC上的射影,则AB2=BD•BC.拓展到空间,在四面体A﹣BCD中,AD⊥面ABC,点O是A在面BCD内的射影,且O在△BCD内,类比平面三角形射影定理,得出正确的结论是( )
A.S△ABC2=S△BCO•S△BCD B.S△ABD2=S△BOD•S△BOC
C.S△ADC2=S△DOC•S△BOC D.S△BDC2=S△ABD•S△ABC
6.已知a>b>0,椭圆C1的方程为+=1,双曲线C2的方程为﹣=1,C1与C2的离心率之积为,则C2的渐近线方程为( )
A. x±y=0 B.x±y=0 C.2x±y=0 D.x±2y=0
7.已知数列{an}为等比数列,且a2013+a2015=dx,则a2014(a2012+2a2014+a2016)的值为( )
A.π2 B.4π2 C.π D.2π
8.已知x,y满足线性约束条件,若z=x+4y的最大值与最小值之差为5,则实数λ的值为( )
A.3 B. C. D.1
9.已知函数f(x)=x2+cosx,f′(x)是函数f(x)的导函数,则f′(x)的图象大致是( )
A. B.
C. D.
10.如图所示,一个地区分为5个行政区域,现给地图着色,要求相邻区域不得使用同一颜色,现有4种颜色可供选择,则不同的着方法共有( )种.
A.72 B.60 C.48 D.24
11.抛物线y2=2px(p>0)的焦点为F,已知点A,B为抛物线上的两个动点,且满足∠AFB=120°.过弦AB的中点M作抛物线准线的垂线MN,垂足为N,则的最小值为( )
A. B. C.1 D.
12.已知定义在实数集R的函数f(x)满足f(1)=4,且f(x)导函数f′(x)<3,则不等式f(lnx)>3lnx+1的解集为( )
A.(1,+∞) B.(e,+∞) C.(0,1) D.(0,e)
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分,把答案填在答题卷的横线上..
13.若抛物线y2=2px(p>0)的准线经过双曲线x2﹣y2=1的一个焦点,则p= .
14.设直线y=x+b是曲线y=lnx(x>0)的一条切线,则实数b的值为 .
15.已知,,若均为正实数),类比以上等式,可推测a,t的值,则a﹣t= .
16.在平面四边形ABCD中,∠A=∠B=∠C=75°.BC=2,则AB的取值范围是 .
三、解答题:本大题共6小题,满分70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤
17.(10分)如图,设△ABC的三个内角A,B,C对应的三条边分别为a,b,c,且角A,B,C成等差数列,a=2,线段AC的垂直平分线分别交线段AB,AC于D,E两点.
(1)若△BCD的面积为,求线段CD的长;
(2)若,求角A的值.
18.(12分)Sn为数列{an}的前n项和,已知an>0,an2+2an=4Sn+3
(I)求{an}的通项公式;
(Ⅱ)设bn=,求数列{bn}的前n项和.
19.(12分)观察下列等式:
1=1 第一个式子
2+3+4=9 第二个式子
3+4+5+6+7=25 第三个式子
4+5+6+7+8+9+10=49 第四个式子
照此规律下去:
(Ⅰ)写出第五个等式;
(Ⅱ)你能做出什么一般性的猜想?请用数学归纳法证明猜想.
20.(12分)如图,三棱柱ABC﹣A1B1C1中,CA=CB,AB=AA1,∠BAA1=60°.
(Ⅰ)证明:AB⊥A1C;
(Ⅱ)若平面ABC⊥平面AA1B1B,AB=CB,求直线A1C与平面BB1C1C所成角的正弦值.
21.(12分)已知函数f(x)=ex,g(x)=mx+n.
(1)设h(x)=f(x)﹣g(x).
①若函数h(x)在x=0处的切线过点(1,0),求m+n的值;
②当n=0时,若函数h(x)在(﹣1,+∞)上没有零点,求m的取值范围;
(2)设函数r(x)=+,且n=4m(m>0),求证:当x≥0时,r(x)≥1.
22.(12分)在平面直角坐标系xOy中,椭圆C: =1(a>b>0)的左、右焦点分别为F1,F2,离心率为,以原点为圆心,以椭圆C的短半轴长为半径的圆与直线x﹣y+=0相切,过点F2的直线l与椭圆相交于M,N两点.
(1)求椭圆C的方程;
(2)若,求直线l的方程;
(3)求△F1MN面积的最大值.
2016-2017学年山东省临沂市临沭一中高二(下)3月月考数学试卷(理科)
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.已知i是虚数单位,复数z=,则=( )
A.﹣ +i B. +i C.﹣i D.﹣﹣i
【考点】复数代数形式的乘除运算.
【分析】直接由复数代数形式的乘除运算化简复数z,则可求.
【解答】解:由z==,
则=.
故选:C.
【点评】本题考查复数代数形式的乘除运算,考查复数的基本概念,是基础题.
2.有一段“三段论”推理是这样的:对于可导函数f(x),如果f′(x0)=0,那么x=x0是函数f(x)的极值点,因为函数f(x)=x3在x=0处的导数值f′(0)=0,所以,x=0是函数f(x)=x3的极值点.以上推理中( )
A.大前提错误 B.小前提错误 C.推理形式错误 D.结论正确
【考点】演绎推理的基本方法.
【分析】在使用三段论推理证明中,如果命题是错误的,则可能是“大前提”错误,也可能是“小前提”错误,也可能是推理形式错误,我们分析的其大前提的形式:“对于可导函数f(x),如果f'(x0)=0,那么x=x0是函数f(x)的极值点”,不难得到结论.
【解答】解:∵大前提是:“对于可导函数f(x),如果f'(x0)=0,那么x=x0是函数f(x)的极值点”,不是真命题,
因为对于可导函数f(x),如果f'(x0)=0,且满足当x=x0附近的导函数值异号时,那么x=x0是函数f(x)的极值点,
∴大前提错误,
故选A.
【点评】本题考查的知识点是演绎推理的基本方法,演绎推理是一种必然性推理,演绎推理的前提与结论之间有蕴涵关系.因而,只要前提是真实的,推理的形式是正确的,那么结论必定是真实的,但错误的前提可能导致错误的结论.
3.用反证法证明:若整系数一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)有有理数根,那么a、b、c中至少有一个偶数时,下列假设正确的是( )
A.假设a、b、c都是偶数 B.假设a、b、c都不是偶数
C.假设a、b、c至多有一个偶数 D.假设a、b、c至多有两个偶数
【考点】反证法与放缩法.
【分析】本题考查反证法的概念,逻辑用语,否命题与命题的否定的概念,逻辑词语的否定.根据反证法的步骤,假设是对原命题结论的否定,故只须对“b、c中至少有一个偶数”写出否定即可.
【解答】解:根据反证法的步骤,假设是对原命题结论的否定
“至少有一个”的否定“都不是”.
即假设正确的是:假设a、b、c都不是偶数
故选:B.
【点评】一些正面词语的否定:“是”的否定:“不是”;“能”的否定:“不能”;“都是”的否定:“不都是”;“至多有一个”的否定:“至少有两个”;“至少有一个”的否定:“一个也没有”;“是至多有n个”的否定:“至少有n+1个”;“任意的”的否定:“某个”;“任意两个”的否定:“某两个”;“所有的”的否定:“某些”.
4.已知命题p:∃x∈R,使得x2﹣x+2<0;命题q:∀x∈[1,2],使得x2≥1.以下命题为真命题的是( )
A.¬p∧¬q B.p∨¬q C.¬p∧q D.p∧q
【考点】复合命题的真假.
【分析】根据条件求出命题p,q的真假,然后结合复合命题真假关系进行判断即可.
【解答】解:∵判别式△=1﹣4×2=1﹣7=﹣6<0,
∴∀x∈R,使得x2﹣x+2>0;
即命题p:∃x∈R,使得x2﹣x+2<0为假命题,
当x∈[1,2]时,x2≥1恒成立,即命题q是真命题,
则¬p∧q是真命题,其余为假命题,
故选C.
【点评】本题主要考查复合命题真假关系的判断,根据条件求出命题p,q的真假是解决本题的关键.
5.在平面几何里有射影定理:设三角形ABC的两边AB⊥AC,D是A点在BC上的射影,则AB2=BD•BC.拓展到空间,在四面体A﹣BCD中,AD⊥面ABC,点O是A在面BCD内的射影,且O在△BCD内,类比平面三角形射影定理,得出正确的结论是( )
A.S△ABC2=S△BCO•S△BCD B.S△ABD2=S△BOD•S△BOC
C.S△ADC2=S△DOC•S△BOC D.S△BDC2=S△ABD•S△ABC
【考点】类比推理.
【分析】这是一个类比推理的题,在由平面图形到空间图形的类比推理中,一般是由点的性质类比推理到线的性质,由线的性质类比推理到面的性质,由已知在平面几何中,(如图所示)若△ABC中,AB⊥AC,AD⊥BC,D是垂足,则AB2=BD•BC,我们可以类比这一性质,推理出若三棱锥A﹣BCD中,AD⊥面ABC,AO⊥面BCD,O为垂足,则(S△ABC)2=S△BOC.S△BDC
【解答】解:由已知在平面几何中,
若△ABC中,AB⊥AC,AE⊥BC,E是垂足,
则AB2=BD•BC,
我们可以类比这一性质,推理出:
若三棱锥A﹣BCD中,AD⊥面ABC,AO⊥面BCD,O为垂足,
则(S△ABC)2=S△BOC.S△BDC.
故选A.
【点评】类比推理的一般步骤是:(1)找出两类事物之间的相似性或一致性;(2)用一类事物的性质去推测另一类事物的性质,得出一个明确的命题(猜想).
6.已知a>b>0,椭圆C1的方程为+=1,双曲线C2的方程为﹣=1,C1与C2的离心率之积为,则C2的渐近线方程为( )
A. x±y=0 B.x±y=0 C.2x±y=0 D.x±2y=0
【考点】双曲线的简单性质;椭圆的简单性质.
【分析】求出椭圆与双曲线的离心率,根据离心率之积的关系,然后推出a,b关系,即可求解双曲线的渐近线方程.
【解答】解:a>b>0,椭圆C1的方程为+=1,C1的离心率为:,
双曲线C2的方程为﹣=1,C2的离心率为:,
∵C1与C2的离心率之积为,
∴,
∴=, =,
C2的渐近线方程为:y=,即x±y=0
故选:B
【点评】本题考查椭圆与双曲线的基本性质,离心率以及渐近线方程的求法,基本知识的考查,根据椭圆和双曲线离心率之间的关系建立方程是解决本题的关键.
7.已知数列{an}为等比数列,且a2013+a2015=dx,则a2014(a2012+2a2014+a2016)的值为( )
A.π2 B.4π2 C.π D.2π
【考点】等比数列的通项公式.
【分析】dx表示圆:y=(0≤x≤2)的面积,从而得到=π,由此利用等比数列的性质能求出a2014(a2012+2a2014+a2016)的值.
【解答】解:∵ dx表示圆:y=(0≤x≤2)的面积,
∴dx=π,
由已知数列{an}为等比数列,且=π,
∴a2014(a2012+2a2014+a2016)==(a2013+a2015)2=π2.
故选:A.
【点评】本题考查了微积分基本定理、等比数列的性质,考查了推理论证能力、运算求解能力,考查了转化化归思想,是中档题.
8.已知x,y满足线性约束条件,若z=x+4y的最大值与最小值之差为5,则实数λ的值为( )
A.3 B. C. D.1
【考点】简单线性规划.
【分析】作出不等式对应的平面区域,利用线性规划的知识,通过平移即可求z的最大值和最小值.建立方程关系进行求解即可.
【解答】解:作出不等式组对应的平面区域,
由得A(1,4),B(λ,λ﹣3)
由z=x+4y,得y=﹣x+,
平移直线y=﹣x+,由图象可知当直线经过点A时,直线y=﹣的截距最大,此时z最大.
z=1+4×4=17
当直线经过点B时,直线的截距最小,此时z最小.z=λ﹣3+4λ=5λ﹣3.
∵z=x+4y的最大值与最小值得差为5
∴17﹣(5λ﹣3)=20﹣5λ=5.
得λ=3.
故选:A.
【点评】本题主要考查线性规划的应用,根据目标函数的几何意义求出最值是解决本题的关键.
9.已知函数f(x)=x2+cosx,f′(x)是函数f(x)的导函数,则f′(x)的图象大致是( )
A. B.
C. D.
【考点】函数的图象.
【分析】由于f(x)=x2+cosx,得f′(x)=x﹣sinx,由奇函数的定义得函数f′(x)为奇函数,其图象关于原点对称,排除BD,取x=代入f′()=﹣sin=﹣1<0,排除C,只有A适合.
【解答】解:由于f(x)=x2+cosx,
∴f′(x)=x﹣sinx,
∴f′(﹣x)=﹣f′(x),故f′(x)为奇函数,其图象关于原点对称,排除BD,
又当x=时,f′()=﹣sin=﹣1<0,排除C,只有A适合,
故选:A.
【点评】本题考查函数的图象,考查同学们对函数基础知识的把握程度以及数形结合的思维能力,同时考查导数的计算,属于中档题.
10.如图所示,一个地区分为5个行政区域,现给地图着色,要求相邻区域不得使用同一颜色,现有4种颜色可供选择,则不同的着方法共有( )种.
A.72 B.60 C.48 D.24
【考点】排列、组合的实际应用.
【分析】根据题意,分2种情况讨论:若选3种颜色时,就是②④同色,③⑤同色;若4种颜色全用,只能②④或③⑤用一种颜色,其它不相同;求出每种情况的着色方法数目,由加法原理求解即可.
【解答】解:由题意,分2种情况讨论:
(1)、选用3种颜色时,必须是②④同色,③⑤同色,与①进行全排列,
涂色方法有C43•A33=24种
(2)、4色全用时涂色方法:是②④同色或③⑤同色,有2种情况,
涂色方法有C21•A44=48种
所以不同的着色方法共有48+24=72种;
故选:A.
【点评】本题考查计数原理的应用,涉及分类讨论,解题时注意结合题意中的图形,分析相邻区域的可能着色的情况.
11.抛物线y2=2px(p>0)的焦点为F,已知点A,B为抛物线上的两个动点,且满足∠AFB=120°.过弦AB的中点M作抛物线准线的垂线MN,垂足为N,则的最小值为( )
A. B. C.1 D.
【考点】抛物线的简单性质.
【分析】先画出图象、做出辅助线,设|AF|=a、|BF|=b,由抛物线定义得2|MN|=a+b,由题意和余弦定理可得|AB|2=(a+b)2﹣ab,再根据基本不等式,求得|AB|2的取值范围,代入化简即可得到答案.
【解答】解:如右图:过A、B分别作准线的垂线AQ、BP,垂足分别是Q、P,
设|AF|=a,|BF|=b,连接AF、BF,
由抛物线定义,得|AF|=|AQ|,|BF|=|BP|
在梯形ABPQ中,2|MN|=|AQ|+|BP|=a+b.
由余弦定理得,
|AB|2=a2+b2﹣2abcos120°=a2+b2+ab,
配方得|AB|2=(a+b)2﹣ab,
因为ab≤,
则(a+b)2﹣ab≥(a+b)2﹣=(a+b)2,即|AB|2≥(a+b)2,
所以≥=3,
则,即所求的最小值是,
故选:D.
【点评】本题考查抛物线的定义、简单几何性质,基本不等式求最值,余弦定理的应用等知识,属于中档题.
12.已知定义在实数集R的函数f(x)满足f(1)=4,且f(x)导函数f′(x)<3,则不等式f(lnx)>3lnx+1的解集为( )
A.(1,+∞) B.(e,+∞) C.(0,1) D.(0,e)
【考点】导数的运算;其他不等式的解法.
【分析】构造函数g(x)=f(x)﹣2x﹣1,求函数的导数,判断函数的单调性 即可得到结论
【解答】解:设t=lnx,
则不等式f(lnx)>3lnx+1等价为f(t)>3t+1,
设g(x)=f(x)﹣3x﹣1,
则g′(x)=f′(x)﹣3,
∵f(x)的导函数f′(x)<3,
∴g′(x)=f′(x)﹣3<0,此时函数单调递减,
∵f(1)=4,
∴g(1)=f(1)﹣3﹣1=0,
则当x>1时,g(x)<g(1)=0,
即g(x)<0,则此时g(x)=f(x)﹣3x﹣1<0,
即不等式f(x)>3x+1的解为x<1,
即f(t)>3t+1的解为t<1,
由lnx<1,解得0<x<e,
即不等式f(lnx)>3lnx+1的解集为(0,e),
故选:D.
【点评】本题主要考查不等式的求解,根据条件构造函数,利用函数的单调性和导数之间的关系是解决本题的关键,属于中档题.
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分,把答案填在答题卷的横线上..
13.若抛物线y2=2px(p>0)的准线经过双曲线x2﹣y2=1的一个焦点,则p= 2 .
【考点】抛物线的简单性质.
【分析】先求出x2﹣y2=1的左焦点,得到抛物线y2=2px的准线,依据p的意义求出它的值.
【解答】解:双曲线x2﹣y2=1的左焦点为(﹣,0),故抛物线y2
=2px的准线为x=﹣,
∴=,∴p=2,
故答案为:2.
【点评】本题考查抛物线和双曲线的简单性质,以及抛物线方程 y2=2px中p的意义.
14.设直线y=x+b是曲线y=lnx(x>0)的一条切线,则实数b的值为 ln2﹣1 .
【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.
【分析】欲实数b的大小,只须求出切线方程即可,故先利用导数求出在切点处的导函数值,再结合导数的几何意义即可求出切线的斜率,最后求出切线方程与已知直线方程对照即可.
【解答】解:y′=(lnx)′=,令=得x=2,
∴切点为(2,ln2),代入直线方程y=x+b,
∴ln2=×2+b,∴b=ln2﹣1.
故答案为:ln2﹣1
【点评】本小题主要考查直线的方程、导数的几何意义、利用导数研究曲线上某点切线方程等基础知识,考查运算求解能力.属于基础题.
15.已知,,若均为正实数),类比以上等式,可推测a,t的值,则a﹣t= ﹣29 .
【考点】类比推理.
【分析】观察所给的等式,第n个式子左边应该是
,左边的式子(n+1),写出结果即可.
【解答】解:观察下列等式,,
照此规律,第5个等式中:a=6,t=a2﹣1=35,
则a﹣t=﹣29.
故答案为:﹣29.
【点评】本题考查归纳推理,考查对于所给的式子的理解,主要看清楚式子中的项与项的数目与式子的个数之间的关系,本题是一个易错题.
16.在平面四边形ABCD中,∠A=∠B=∠C=75°.BC=2,则AB的取值范围是 (﹣, +) .
【考点】三角形中的几何计算.
【分析】如图所示,延长BA,CD交于点E,设AD=x,AE=x,DE=x,CD=m,求出x+m=+,即可求出AB的取值范围.
【解答】解:方法一:
如图所示,延长BA,CD交于点E,则
在△ADE中,∠DAE=105°,∠ADE=45°,∠E=30°,
∴设AD=x,AE=x,DE=x,CD=m,
∵BC=2,
∴(x+m)sin15°=1,
∴x+m=+,
∴0<x<4,
而AB=x+m﹣x=+﹣x,
∴AB的取值范围是(﹣, +).
故答案为:(﹣, +).
方法二:
如下图,作出底边BC=2的等腰三角形EBC,B=C=75°,
倾斜角为150°的直线在平面内移动,分别交EB、EC于A、D,则四边形ABCD即为满足题意的四边形;
当直线移动时,运用极限思想,
①直线接近点C时,AB趋近最小,为﹣;
②直线接近点E时,AB趋近最大值,为+;
故答案为:(﹣, +).
【点评】本题考查求AB的取值范围,考查三角形中的几何计算,考查学生的计算能力,属于中档题.
三、解答题:本大题共6小题,满分70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤
17.(10分)(2017春•临沭县校级月考)如图,设△ABC的三个内角A,B,C对应的三条边分别为a,b,c,且角A,B,C成等差数列,a=2,线段AC的垂直平分线分别交线段AB,AC于D,E两点.
(1)若△BCD的面积为,求线段CD的长;
(2)若,求角A的值.
【考点】三角形中的几何计算.
【分析】(1)先根据三角形的内角A,B,C成等差数列,求出B的度数,再根据三角的面积公式求出BD,再根据余弦定理即可求出,
(2)若,求出∠BDC,即可求角A的值.
【解答】解:(1)三角形的内角A,B,C成等差数列,
则有2B=A+C.又A+B+C=180°,
∴B=60°,
∵△BCD的面积为,a=2
∴BD•BC•sin60°=,
∴BD=,
由余弦定理,CD2=BD2+BC2+2BD•BC•cos60°=,
∴CD=;
(2)△BCD中,,,∴sin∠BDC=1,
∴∠BDC=90°,∴CD⊥AB,
∵∠A=∠B=.
【点评】本题主要考查余弦定理三角形的面积公式以及等差数列的性质,属于中档题.
18.(12分)(2016春•铜仁市校级期末)Sn为数列{an}的前n项和,已知an>0,an2+2an=4Sn+3
(I)求{an}的通项公式;
(Ⅱ)设bn=,求数列{bn}的前n项和.
【考点】数列的求和;数列递推式.
【分析】(I)通过an2+2an=4Sn+3与an+12+2an+1=4Sn+1+3作差可知an+1﹣an=2,进而可知数列{an}是以3为首项、2为公差的等差数列,计算即得结论;
(Ⅱ)通过(I)可知an=2n+1,裂项可知bn=(﹣),并项相加即得结论.
【解答】解:(I)∵an2+2an=4Sn+3,
∴an+12+2an+1=4Sn+1+3,
两式相减得:an+12﹣an2+2an+1﹣2an=4an+1,
整理得:an+12﹣an2=2(an+1+an),
又∵an>0,
∴an+1﹣an=2,
又∵a12+2a1=4a1+3,
∴a1=3或a1=﹣1(舍),
∴数列{an}是以3为首项、2为公差的等差数列,
∴an=3+2(n﹣1)=2n+1;
(Ⅱ)由(I)可知an=2n+1,
∴bn===(﹣),
∴数列{bn}的前n项和为:(﹣+﹣+…+﹣)
=(﹣)
=•.
【点评】
本题考查数列的通项及前n项和,考查运算求解能力,注意解题方法的积累,属于中档题.
19.(12分)(2015秋•南安市校级期末)观察下列等式:
1=1 第一个式子
2+3+4=9 第二个式子
3+4+5+6+7=25 第三个式子
4+5+6+7+8+9+10=49 第四个式子
照此规律下去:
(Ⅰ)写出第五个等式;
(Ⅱ)你能做出什么一般性的猜想?请用数学归纳法证明猜想.
【考点】数学归纳法;归纳推理.
【分析】(Ⅰ)利用条件直接写出第5个等式.
(Ⅱ)猜测第n个等式为n+(n+1)+(n+2)+…(3n﹣2)=(2n﹣1)2,然后利用数学归纳法的证明步骤证明即可.
【解答】解:(Ⅰ)第5个等式 5+6+7+…+13=92;
(Ⅱ)猜测第n个等式为n+(n+1)+(n+2)+…(3n﹣2)=(2n﹣1)2,)
再用数学归纳法加以证明如下:
(1)当n=1时显然成立;)
(2)假设n=k(k≥1,k∈N+)时也成立,
即有k+(k+1)+(k+2)+…(3k﹣2)=(2k﹣1)2,
那么当n=k+1时左边=(k+1)+(k+2)+…(3k﹣2)+(3k﹣1)+(3k)+(3k+1),
=(k+1)+(k+2)+…(3k﹣2)+(2k﹣1)+(3k)+(3k+1),
=(2k﹣1)2+(2k﹣1)+3k+3k+1,
=4k2﹣4k+1+8k,
=[2(k+1)﹣1]2,
而右边=[2(k+1)﹣1]2这就是说n=k+1时等式也成立.
根据(1)(2)知,等式对任何n∈N+都成立.
【点评】
本题考查猜想、证明的推理方法,考查数学归纳法证明命题.注意证明的步骤的应用.
20.(12分)(2017•广西一模)如图,三棱柱ABC﹣A1B1C1中,CA=CB,AB=AA1,∠BAA1=60°.
(Ⅰ)证明:AB⊥A1C;
(Ⅱ)若平面ABC⊥平面AA1B1B,AB=CB,求直线A1C与平面BB1C1C所成角的正弦值.
【考点】直线与平面所成的角;空间中直线与直线之间的位置关系.
【分析】(Ⅰ)取AB中点,连接OC,OA1,得出OC⊥AB,OA1⊥AB,运用AB⊥平面OCA1,即可证明.
(Ⅱ)易证OA,OA1,OC两两垂直.以O为坐标原点,的方向为x轴的正向建立坐标系,可向量的坐标,求出平面BB1C1C的法向量,代入向量夹角公式,可得答案.
【解答】(Ⅰ)证明:取AB中点,连接OC,OA1,
∵CA=CB,AB=A1A,∠BAA1=60°
∴OC⊥AB,OA1⊥AB,
∵OC∩OA1=O,
∴AB⊥平面OCA1,
∵CA1⊂平面OCA1,
∴AB⊥A1C;
(Ⅱ)解:由(Ⅰ)知OC⊥AB,OA1⊥AB,又平面ABC⊥平面AA1B1B,交线为AB,
所以OC⊥平面AA1B1B,故OA,OA1,OC两两垂直.
以O为坐标原点,的方向为x轴的正向,建立如图所示的坐标系,
可得A(1,0,0),A1(0,,0),C(0,0,
),B(﹣1,0,0),
则=(1,0,),==(﹣1,,0),=(0,﹣,),
设=(x,y,z)为平面BB1C1C的法向量,
则,
可取y=1,可得=(,1,﹣1),故cos<,>=﹣,
又因为直线与法向量的余弦值的绝对值等于直线与平面的正弦值,
故直线A1C与平面BB1C1C所成角的正弦值为:.
【点评】本题考查直线与平面所成的角,涉及直线与平面垂直的性质和平面与平面垂直的判定,属中档题.
21.(12分)(2016•重庆三模)已知函数f(x)=ex,g(x)=mx+n.
(1)设h(x)=f(x)﹣g(x).
①若函数h(x)在x=0处的切线过点(1,0),求m+n的值;
②当n=0时,若函数h(x)在(﹣1,+∞)上没有零点,求m的取值范围;
(2)设函数r(x)=+,且n=4m(m>0),求证:当x≥
0时,r(x)≥1.
【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.
【分析】(1)求出函数的导数,利用导数的几何意义即可得到结论.
(2)求出r(x)的表达式,求函数的导数,利用导数研究函数的单调性即可.
【解答】解:(1)①h(x)=f(x)﹣g(x)=ex﹣mx﹣n.
则h(0)=1﹣n,函数的导数h′(x)=ex﹣m,
则h′(0)=1﹣m,则函数在x=0处的切线方程为y﹣(1﹣n)=(1﹣m)x,
∵切线过点(1,0),∴﹣(1﹣n)=1﹣m,即m+n=2.
②当n=0时,h(x)=f(x)﹣g(x)=ex﹣mx.
若函数h(x)在(﹣1,+∞)上没有零点,
即ex﹣mx=0在(﹣1,+∞)上无解,
若x=0,则方程无解,满足条件,
若x≠0,则方程等价为m=,
设g(x)=,
则函数的导数g′(x)=,
若﹣1<x<0,则g′(x)<0,此时函数单调递减,则g(x)<g(﹣1)=﹣e﹣1,
若x>0,由g′(x)>0得x>1,
由g′(x)<0,得0<x<1,即当x=1时,函数取得极小值,同时也是最小值,此时g(x)≥g(1)=e,
综上g(x)≥e或g(x)<﹣e﹣1,
若方程m=无解,则﹣e﹣1≤m<e.
(2)∵n=4m(m>0),
∴函数r(x)=+=+=+,
则函数的导数r′(x)=﹣+=,
设h(x)=16ex﹣(x+4)2,
则h′(x)=16ex﹣2(x+4)=16ex﹣2x﹣8,
[h′(x)]′=16ex﹣2,
当x≥0时,[h′(x)]′=16ex﹣2>0,则h′(x)为增函数,即h′(x)>h′(0)=16﹣8=8>0,
即h(x)为增函数,∴h(x)≥h(0)=16﹣16=0,
即r′(x)≥0,即函数r(x)在[0,+∞)上单调递增,
故r(x)≥r(0)=,
故当x≥0时,r(x)≥1成立.
【点评】本题主要考查导数的几何意义的应用,以及利用导数研究函数单调性,在判断函数的单调性的过程中,多次使用了导数来判断函数的单调性是解决本题的关键,难度较大.
22.(12分)(2017春•临沭县校级月考)在平面直角坐标系xOy中,椭圆C: =1(a>b>0)的左、右焦点分别为F1,F2,离心率为,以原点为圆心,以椭圆C的短半轴长为半径的圆与直线x﹣y+=0相切,过点F2的直线l与椭圆相交于M,N两点.
(1)求椭圆C的方程;
(2)若,求直线l的方程;
(3)求△F1MN面积的最大值.
【考点】直线与椭圆的位置关系.
【分析】
(1)由题意的离心率及点到直线的距离公式即可求得a和b的值,即可求得椭圆方程;
(2)将直线方程代入椭圆方程,利用韦达定理及向量数量积的坐标运算,即可求得m的值,即可求得直线方程;
(3)由(2)可知,利用韦达定理及基本不等式的性质,即可求得△F1MN面积的最大值.
【解答】解:(1)由椭圆的离心率e===,则a2=4b2,
以原点为圆心,以椭圆C的短半轴长为半径的圆与直线x﹣y+=0相切,
则b==1,则a2=4,
∴椭圆的标准方程:;
(2)由题意可知:直线l必与椭圆相交,
当直线l的斜率为0时,显然不成立,
当直线斜率不为0时,设直线l的方程为x=my+,M(x1,y1),N(x2,y2),
由,可得:(﹣x1,﹣y1)=3(x2﹣,y2),则y1=﹣3y2,
,则(m2+4)y2+2my﹣1=0,
则△=12m2+4(m2+4)=16(m2+1)>0,
则y1+y2=﹣=﹣2y2,
则y1y2=﹣=﹣3y22,则﹣=﹣3()2,
则m2=,m=±,
则直线直线l方程为x=±y+,即x﹣y﹣=0或x+y﹣=0,
直线l的方程x﹣y﹣=0或x+y﹣=0;
(3)当直线l的斜率为0时,显然不成立,
当直线l的斜率不为0,由(2)可得:
△F1MN面积S=×丨F1F2丨×丨y1﹣y2丨=×丨F1F2丨×
=×2×
=4×=4×
≤4×=4×=2,
当且仅当=,即m=±,取等号,
△F1MN面积的最大值2.
【点评】本题考查椭圆的标准方程及简单几何性质,直线与椭圆的位置关系,考查韦达定理,向量数量积的坐标运算,基本不等式应用,考查计算能力,属于中档题.