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- 2021-06-11 发布
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第
1
讲 坐标系与参数方程
专题
七
系列
4
选讲
板块三 专题突破核心考点
[
考情考向分析
]
高考主要考查平面直角坐标系中的伸缩变换、直线和圆的极坐标方程、参数方程与普通方程的互化、常见曲线的参数方程及参数方程的简单应用
.
以极坐标、参数方程与普通方程的互化为主要考查形式,同时考查直线与曲线的位置关系等解析几何知识
.
热点分类突破
真题押题精练
内容索引
热点分类突破
直角坐标与极坐标的互化
把直角坐标系的原点作为极点,
x
轴的正半轴作为极轴
,且
在两坐标系中取相同的长度单位
.
如图,
设
M
是平面内的任意一点,它的直角坐标、极坐标分别为
(
x
,
y
)
和
(
ρ
,
θ
)
,
热点一 极坐标与直角坐标的互
化
解答
解
曲线
C
1
的直角坐标方程为
(
x
-
a
)
2
+
y
2
=
3
,
化简得
x
2
+
y
2
-
2
ax
+
a
2
-
3
=
0.
又
x
2
+
y
2
=
ρ
2
,
x
=
ρ
cos
θ
,
所以
ρ
2
-
2
aρ
cos
θ
+
a
2
-
3
=
0.
解得
a
=
2
或
a
=-
1(
舍去
).
所以曲线
C
1
的极坐标方程为
ρ
2
-
4
ρ
cos
θ
+
1
=
0.
解答
(2)
设点
M
,
N
在
C
1
上,点
P
在
C
2
上
(
异于极点
)
,若
O
,
M
,
P
,
N
四点依次在同一条直线
l
上,且
|
MP
|
,
|
OP
|
,
|
PN
|
成等比数列,
求
l
的极坐标方程
.
解
由题意知,设直线
l
的极坐标方程为
θ
=
α
(
ρ
∈
R
)
,
设点
M
(
ρ
1
,
α
)
,
N
(
ρ
2
,
α
)
,
P
(
ρ
3
,
α
)
,
则
ρ
1
<
ρ
3
<
ρ
2
.
所以
ρ
1
+
ρ
2
=
4cos
α
,
ρ
1
ρ
2
=
1.
因为
|
MP
|
,
|
OP
|
,
|
PN
|
成等比数列,
经检验,满足
O
,
M
,
P
,
N
四点依次在同一条直线上,
(1)
在由点的直角坐标化为极坐标时,一定要注意点所在的象限和极角的范围,否则点的极坐标将不唯一
.
(2)
在与曲线的直角坐标方程进行互化时,一定要注意变量的范围,要注意转化的等价性
.
思维升华
解答
解答
(2)
写出直线
l
与曲线
C
交点的一个极坐标
.
热点二 参数方程与普通方程的
互化
解答
解
⊙
O
的直角坐标方程为
x
2
+
y
2
=
1.
解答
(2)
求
AB
中点
P
的轨迹的参数方程
.
设
A
,
B
,
P
对应的参数分别为
t
A
,
t
B
,
t
P
,
(1)
将参数方程化为普通方程,需要根据参数方程的结构特征,选取适当的消参方法
.
常见的消参方法有代入消参法、加减消参法、平方消参法等
.
(2)
将参数方程化为普通方程时,要注意两种方程的等价性,不要增解、漏解,若
x
,
y
有范围限制,要标出
x
,
y
的取值范围
.
思维升华
解答
解
直线
l
的普通方程为
3
x
-
y
-
6
=
0.
解答
(2)
求直线
l
上的点到点
M
距离最小时的点的直角坐标
.
过点
M
作直线
l
的垂线,垂足为
M
′
,
则
点
M
′
即为所求的直线
l
上到点
M
距离最小的点
.
解决与圆、圆锥曲线的参数方程有关的综合问题时,要注意普通方程与参数方程的互化公式,主要是通过互化解决与圆、圆锥曲线上动点有关的问题,如最值、范围等
.
热点三 极坐标、参数方程的综合
应用
解答
解
曲线
C
的普通方程为
(
x
-
1)
2
+
y
2
=
1
,
化简得
C
的极坐标方程为
ρ
=
2cos
θ
.
因为
l
的普通方程为
x
+
y
-
4
=
0
,
所以极坐标方程为
ρ
cos
θ
+
ρ
sin
θ
-
4
=
0
,
解答
解
设
A
(
ρ
1
,
β
)
,
B
(
ρ
2
,
β
)
,
(1)
利用参数方程解决问题,要理解参数的几何意义
.
(2)
在解决直线、圆和圆锥曲线的有关问题时,常常将极坐标方程化为直角坐标方程或将参数方程化为普通方程,有助于认识方程所表示的曲线,从而达到化陌生为熟悉的目的,这是转化与化归思想的应用
.
思维升华
跟踪演练
3
(2018·
黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学模拟
)
在平面直角坐标系中,以原点为极点,以
x
轴的正半轴为极轴且取相同的单位长度建立极坐标系,曲线
C
1
的极坐标方程为
ρ
=
2cos
θ
.
(
1)
若曲线
C
2
的参数方程
为
(
α
为参数
)
,求曲线
C
1
的直角坐标方程和曲线
C
2
的普通方程;
解答
解
∵
ρ
=
2cos
θ
,
∴
ρ
2
=
2
ρ
cos
θ
,
又
∵
ρ
2
=
x
2
+
y
2
,
ρ
cos
θ
=
x
,
∴
曲线
C
1
的直角坐标方程为
x
2
+
y
2
-
2
x
=
0
,
曲线
C
2
的普通方程为
x
2
+
(
y
-
1)
2
=
t
2
.
解答
得
t
2
+
(2sin
α
-
2cos
α
)
t
+
1
=
0.
∵
t
1
t
2
=
1>0
,
∴
t
1
,
t
2
同号,
∴
|
t
1
|
+
|
t
2
|
=
|
t
1
+
t
2
|.
由点
A
在曲线
C
2
上,根据
t
的几何意义,可得
真题押题精练
1.(2018·
全国
Ⅰ
)
在直角坐标系
xOy
中,曲线
C
1
的方程为
y
=
k
|
x
|
+
2.
以坐标原点为极点,
x
轴正半轴为极轴建立极坐标系,曲线
C
2
的极坐标方程为
ρ
2
+
2
ρ
cos
θ
-
3
=
0.
(1)
求
C
2
的直角坐标方程;
真题体验
解答
解
由
x
=
ρ
cos
θ
,
y
=
ρ
sin
θ
,得
C
2
的直角坐标方程为
(
x
+
1)
2
+
y
2
=
4.
(2)
若
C
1
与
C
2
有且仅有三个公共点,求
C
1
的方程
.
解答
解
由
(1)
知
C
2
是圆心为
A
(
-
1,0)
,半径为
2
的圆
.
由题设知,
C
1
是过点
B
(0,2)
且关于
y
轴对称的两条射线
.
记
y
轴右侧的射线为
l
1
,
y
轴左侧的射线为
l
2
.
由于点
B
在圆
C
2
的外部,故
C
1
与
C
2
有且仅有三个公共点等价于
l
1
与
C
2
只有一个公共点且
l
2
与
C
2
有两个公共点,或
l
2
与
C
2
只有一个公共点且
l
1
与
C
2
有两个公共点
.
当
l
1
与
C
2
只有一个公共点时,点
A
到
l
1
所在直线的距离为
2
,
经检验,当
k
=
0
时,
l
1
与
C
2
没有公共点;
当
l
2
与
C
2
只有一个公共点时,点
A
到
l
2
所在直线的距离为
2
,
经检验,当
k
=
0
时,
l
1
与
C
2
没有公共点;
2.(2017·
全国
Ⅱ
)
在直角坐标系
xOy
中,以坐标原点为极点,
x
轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线
C
1
的极坐标方程为
ρ
cos
θ
=
4.
(1)
M
为曲线
C
1
上的动点,点
P
在线段
OM
上,且满足
|
OM
|·|
OP
|
=
16
,求点
P
的轨迹
C
2
的直角坐标方程;
解答
解
设点
P
的极坐标为
(
ρ
,
θ
)(
ρ
>0)
,点
M
的极坐标为
(
ρ
1
,
θ
)(
ρ
1
>0)
,
由
题设知,
由
|
OM
|·|
OP
|
=
16
,得
C
2
的极坐标方程
ρ
=
4cos
θ
(
ρ
>0).
所以
C
2
的直角坐标方程为
(
x
-
2)
2
+
y
2
=
4(
x
≠
0).
解答
解
设点
B
的极坐标为
(
ρ
B
,
α
)(
ρ
B
>0).
由题设知
|
OA
|
=
2
,
ρ
B
=
4cos
α
.
于是
△
OAB
的面积
押题预测
押题依据
极坐标方程和参数方程的综合问题一直是高考命题的热点
.
本题考查了等价转换思想,代数式变形能力,逻辑推理能力,是一道颇具代表性的题
.
1.
已知曲线
C
的极坐标方程是
ρ
=
4cos
θ
.
以极点为平面直角坐标系的原点,极轴为
x
轴的正半轴,建立平面直角坐标系,直线
l
的参数方程
是
(
t
是参数
).
(1)
将曲线
C
的极坐标方程化为直角坐标方程;
解答
押题依据
解
由
ρ
=
4cos
θ
,得
ρ
2
=
4
ρ
cos
θ
.
因为
x
2
+
y
2
=
ρ
2
,
x
=
ρ
cos
θ
,
所以
x
2
+
y
2
=
4
x
,
即曲线
C
的直角坐标方程为
(
x
-
2)
2
+
y
2
=
4.
解答
得
(
t
cos
α
-
1)
2
+
(
t
sin
α
)
2
=
4
,
化简得
t
2
-
2
t
cos
α
-
3
=
0.
设
A
,
B
两点对应的参数分别为
t
1
,
t
2
,
押题依据
将椭圆和直线的参数方程、圆和射线的极坐标方程相交汇,考查相应知识的理解和运用,解题中,需要将已知条件合理转化,灵活变形,符合高考命题趋势
.
解答
押题依据
得
ρ
=
a
,即点
P
的极坐标为
(
a
,
0)
;
将
θ
=
0(
ρ
≥
0)
代入
ρ
=
2cos
θ
,得
ρ
=
2
,
即点
Q
的极坐标为
(2,0
).
因为
|
PQ
|
=
1
,所以
|
PQ
|
=
|
a
-
2|
=
1
,
所以
a
=
1
或
a
=
3.
解答