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  • 2021-06-11 发布

2019届二轮复习第1讲 坐标系与参数方程课件(54张)(全国通用)

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第 1 讲 坐标系与参数方程 专题 七   系列 4 选讲 板块三 专题突破核心考点 [ 考情考向分析 ] 高考主要考查平面直角坐标系中的伸缩变换、直线和圆的极坐标方程、参数方程与普通方程的互化、常见曲线的参数方程及参数方程的简单应用 . 以极坐标、参数方程与普通方程的互化为主要考查形式,同时考查直线与曲线的位置关系等解析几何知识 . 热点分类突破 真题押题精练 内容索引 热点分类突破 直角坐标与极坐标的互化 把直角坐标系的原点作为极点, x 轴的正半轴作为极轴 ,且 在两坐标系中取相同的长度单位 . 如图, 设 M 是平面内的任意一点,它的直角坐标、极坐标分别为 ( x , y ) 和 ( ρ , θ ) , 热点一 极坐标与直角坐标的互 化 解答 解  曲线 C 1 的直角坐标方程为 ( x - a ) 2 + y 2 = 3 , 化简得 x 2 + y 2 - 2 ax + a 2 - 3 = 0. 又 x 2 + y 2 = ρ 2 , x = ρ cos θ , 所以 ρ 2 - 2 aρ cos θ + a 2 - 3 = 0. 解得 a = 2 或 a =- 1( 舍去 ). 所以曲线 C 1 的极坐标方程为 ρ 2 - 4 ρ cos θ + 1 = 0. 解答 (2) 设点 M , N 在 C 1 上,点 P 在 C 2 上 ( 异于极点 ) ,若 O , M , P , N 四点依次在同一条直线 l 上,且 | MP | , | OP | , | PN | 成等比数列, 求 l 的极坐标方程 . 解  由题意知,设直线 l 的极坐标方程为 θ = α ( ρ ∈ R ) , 设点 M ( ρ 1 , α ) , N ( ρ 2 , α ) , P ( ρ 3 , α ) , 则 ρ 1 < ρ 3 < ρ 2 . 所以 ρ 1 + ρ 2 = 4cos α , ρ 1 ρ 2 = 1. 因为 | MP | , | OP | , | PN | 成等比数列, 经检验,满足 O , M , P , N 四点依次在同一条直线上, (1) 在由点的直角坐标化为极坐标时,一定要注意点所在的象限和极角的范围,否则点的极坐标将不唯一 . (2) 在与曲线的直角坐标方程进行互化时,一定要注意变量的范围,要注意转化的等价性 . 思维升华 解答 解答 (2) 写出直线 l 与曲线 C 交点的一个极坐标 . 热点二 参数方程与普通方程的 互化 解答 解  ⊙ O 的直角坐标方程为 x 2 + y 2 = 1. 解答 (2) 求 AB 中点 P 的轨迹的参数方程 . 设 A , B , P 对应的参数分别为 t A , t B , t P , (1) 将参数方程化为普通方程,需要根据参数方程的结构特征,选取适当的消参方法 . 常见的消参方法有代入消参法、加减消参法、平方消参法等 . (2) 将参数方程化为普通方程时,要注意两种方程的等价性,不要增解、漏解,若 x , y 有范围限制,要标出 x , y 的取值范围 . 思维升华 解答 解  直线 l 的普通方程为 3 x - y - 6 = 0. 解答 (2) 求直线 l 上的点到点 M 距离最小时的点的直角坐标 . 过点 M 作直线 l 的垂线,垂足为 M ′ , 则 点 M ′ 即为所求的直线 l 上到点 M 距离最小的点 . 解决与圆、圆锥曲线的参数方程有关的综合问题时,要注意普通方程与参数方程的互化公式,主要是通过互化解决与圆、圆锥曲线上动点有关的问题,如最值、范围等 . 热点三 极坐标、参数方程的综合 应用 解答 解  曲线 C 的普通方程为 ( x - 1) 2 + y 2 = 1 , 化简得 C 的极坐标方程为 ρ = 2cos θ . 因为 l 的普通方程为 x + y - 4 = 0 , 所以极坐标方程为 ρ cos θ + ρ sin θ - 4 = 0 , 解答 解  设 A ( ρ 1 , β ) , B ( ρ 2 , β ) , (1) 利用参数方程解决问题,要理解参数的几何意义 . (2) 在解决直线、圆和圆锥曲线的有关问题时,常常将极坐标方程化为直角坐标方程或将参数方程化为普通方程,有助于认识方程所表示的曲线,从而达到化陌生为熟悉的目的,这是转化与化归思想的应用 . 思维升华 跟踪演练 3   (2018· 黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学模拟 ) 在平面直角坐标系中,以原点为极点,以 x 轴的正半轴为极轴且取相同的单位长度建立极坐标系,曲线 C 1 的极坐标方程为 ρ = 2cos θ . ( 1) 若曲线 C 2 的参数方程 为 ( α 为参数 ) ,求曲线 C 1 的直角坐标方程和曲线 C 2 的普通方程; 解答 解  ∵ ρ = 2cos θ , ∴ ρ 2 = 2 ρ cos θ , 又 ∵ ρ 2 = x 2 + y 2 , ρ cos θ = x , ∴ 曲线 C 1 的直角坐标方程为 x 2 + y 2 - 2 x = 0 , 曲线 C 2 的普通方程为 x 2 + ( y - 1) 2 = t 2 . 解答 得 t 2 + (2sin α - 2cos α ) t + 1 = 0. ∵ t 1 t 2 = 1>0 , ∴ t 1 , t 2 同号, ∴ | t 1 | + | t 2 | = | t 1 + t 2 |. 由点 A 在曲线 C 2 上,根据 t 的几何意义,可得 真题押题精练 1.(2018· 全国 Ⅰ ) 在直角坐标系 xOy 中,曲线 C 1 的方程为 y = k | x | + 2. 以坐标原点为极点, x 轴正半轴为极轴建立极坐标系,曲线 C 2 的极坐标方程为 ρ 2 + 2 ρ cos θ - 3 = 0. (1) 求 C 2 的直角坐标方程; 真题体验 解答 解  由 x = ρ cos θ , y = ρ sin θ ,得 C 2 的直角坐标方程为 ( x + 1) 2 + y 2 = 4. (2) 若 C 1 与 C 2 有且仅有三个公共点,求 C 1 的方程 . 解答 解  由 (1) 知 C 2 是圆心为 A ( - 1,0) ,半径为 2 的圆 . 由题设知, C 1 是过点 B (0,2) 且关于 y 轴对称的两条射线 . 记 y 轴右侧的射线为 l 1 , y 轴左侧的射线为 l 2 . 由于点 B 在圆 C 2 的外部,故 C 1 与 C 2 有且仅有三个公共点等价于 l 1 与 C 2 只有一个公共点且 l 2 与 C 2 有两个公共点,或 l 2 与 C 2 只有一个公共点且 l 1 与 C 2 有两个公共点 . 当 l 1 与 C 2 只有一个公共点时,点 A 到 l 1 所在直线的距离为 2 , 经检验,当 k = 0 时, l 1 与 C 2 没有公共点; 当 l 2 与 C 2 只有一个公共点时,点 A 到 l 2 所在直线的距离为 2 , 经检验,当 k = 0 时, l 1 与 C 2 没有公共点; 2.(2017· 全国 Ⅱ ) 在直角坐标系 xOy 中,以坐标原点为极点, x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线 C 1 的极坐标方程为 ρ cos θ = 4. (1) M 为曲线 C 1 上的动点,点 P 在线段 OM 上,且满足 | OM |·| OP | = 16 ,求点 P 的轨迹 C 2 的直角坐标方程; 解答 解  设点 P 的极坐标为 ( ρ , θ )( ρ >0) ,点 M 的极坐标为 ( ρ 1 , θ )( ρ 1 >0) , 由 题设知, 由 | OM |·| OP | = 16 ,得 C 2 的极坐标方程 ρ = 4cos θ ( ρ >0). 所以 C 2 的直角坐标方程为 ( x - 2) 2 + y 2 = 4( x ≠ 0). 解答 解  设点 B 的极坐标为 ( ρ B , α )( ρ B >0). 由题设知 | OA | = 2 , ρ B = 4cos α . 于是 △ OAB 的面积 押题预测 押题依据  极坐标方程和参数方程的综合问题一直是高考命题的热点 . 本题考查了等价转换思想,代数式变形能力,逻辑推理能力,是一道颇具代表性的题 . 1. 已知曲线 C 的极坐标方程是 ρ = 4cos θ . 以极点为平面直角坐标系的原点,极轴为 x 轴的正半轴,建立平面直角坐标系,直线 l 的参数方程 是 ( t 是参数 ). (1) 将曲线 C 的极坐标方程化为直角坐标方程; 解答 押题依据 解  由 ρ = 4cos θ ,得 ρ 2 = 4 ρ cos θ . 因为 x 2 + y 2 = ρ 2 , x = ρ cos θ , 所以 x 2 + y 2 = 4 x , 即曲线 C 的直角坐标方程为 ( x - 2) 2 + y 2 = 4. 解答 得 ( t cos α - 1) 2 + ( t sin α ) 2 = 4 , 化简得 t 2 - 2 t cos α - 3 = 0. 设 A , B 两点对应的参数分别为 t 1 , t 2 , 押题依据  将椭圆和直线的参数方程、圆和射线的极坐标方程相交汇,考查相应知识的理解和运用,解题中,需要将已知条件合理转化,灵活变形,符合高考命题趋势 . 解答 押题依据 得 ρ = a ,即点 P 的极坐标为 ( a , 0) ; 将 θ = 0( ρ ≥ 0) 代入 ρ = 2cos θ ,得 ρ = 2 , 即点 Q 的极坐标为 (2,0 ). 因为 | PQ | = 1 ,所以 | PQ | = | a - 2| = 1 , 所以 a = 1 或 a = 3. 解答